Chọn C

Đáp án D

Chọn A

Chọn A

Đáp án A

Số mol NaOH – 0,58 (mol) à số mol Nitơ trong E = 0,58 à Số mol N₂ (phản ứng cháy) = 0,29 (mol). Áp dụng ĐLBTKL ta có m_O2 (phản ứng cháy) = 45,54 + m_O2 = 115,18=0,29.28

à m_O2 = 77,76 (gam)

Quy đổi hỗn hợp E thành đipeptit theo sơ đồ:

Khi đốt X₂ ta có số mol H₂O = số mol CO₂ ; BTNT (O) ta có : n_H2O = n_CO2 = 1,91 (mol)

Khi đốt X_n ta có số mol CO2 = 1,91 (mol).

BTKL à m_H2O = 31,14 (gam) à n_H2O = 1,73 (mol)

E gồm: 

Muối gồm:

Đặt công thức của các peptit trong E:

Vậy hỗn hợp E gồm: 

Chọn đáp án D

Cách 1: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân

• có n c á c   α – a m i n o   a x i t = n N a O H = 0,7 mol ⇔ n đ i p e p t i t   E 2 = ½. n c á c   α – a m i n o   a x i t   = 0,35 mol.

Biến đổi: 0,15 mol E + 0,2 mol H 2 O → 0,35 mol E 2 ||→ tỉ lệ: 3E + 4 H 2 O → 7 E 2 .

☆ 23,4 gam E (3x mol) cần 4x mol H 2 O để chuyển về 7x mol E 2 (dạng C n H 2 n N 2 O 3 ).

⇒ đốt (23,4 + 72x) gam E 2 (7x mol) thu được (0,75 + 4x) mol H 2 O .

⇒ m E 2 = (0,75 + 4x) × 14 + 7x × 76 = 23,4 + 72x ⇒ Giải: x = 0,025 mol.

thay x lại có n c á c   α – a m i n o   a x i t = 14x = 0,35 mol và ∑ n C O 2 = 0,75 + 4x = 0,85 mol.

Theo đó: số C t r u n g   b ì n h   c á c   α – a m i n o   a x i t = 0,85 ÷ 0,35 = 17/7. Dùng sơ đồ chéo:

⇒ yêu cầu: a : b = n G l y   :   n A l a = (3 – 17/7) ÷ (17/7 – 2) = 4 : 3. Chọn D. ♠.

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy

Quy E về C 2 H 3 N O ,   C H 2 ,   H 2 O . Xét trong 0,15 mol E ta có:

n H 2 O = n E = 0,15 mol; n C 2 H 3 N O = n N a O H = 0,35 × 2 = 0,7 mol.

Đặt n C H 2 = x mol. Giả sử 23,4 gam E gấp k lần lượng 0,15 mol E.

⇒ 23,4 gam E chứa 0,7k mol C 2 H 3 N O ; kx mol C H 2   và 0,15k mol H 2 O .

m E = 0,7k × 57 + 14kx + 0,15k × 18 = 23,4 gam.

∑ n H 2 O = 0,7k × 1,5 + kx + 0,15k = 0,75 mol.

Giải hệ có: k = 0,5; kx = 0,15 ⇒ x = 0,15 ÷ 0,5 = 0,3 mol.

⇒ n A l a   = n C H 2 = 0,3 mol; n G l y = 0,7 – 0,3 = 0,4 mol ⇒ a : b = 0,4 : 0,3 = 4 : 3.

Chọn A

Vì: TN1:

n_NaOH = 2n_Na2CO3 = 0,5 mol

Giả sử số mol peptit là x mol => n_{H2O sau phản ứng} = x mol

BTKL: m_peptit + m_NaOH = m _muối + m_H2O => m+0,5.40 = m + 18,2 + 18x => x = 0,1 mol

=> X là pentapeptit

TN2: n_X = (n_HCl – n_NaOH)/5 = (1,04 – 0,04)/5 = 0,2 mol

Giả sử X là Gly_aAla_bVal_c (a+b+c = 5)

Muối gồm:

NaCl: 0,04 mol

Gly-HCl: 0,2a

Ala-HCl: 0,2b

Val-HCl: 0,2c

=> 111,5.0,2a + 125,5.0,2b + 153,5.0,2c + 0,04.58,5 = 125,04

=> 223a + 151b + 307c = 1227

Khảo sát nhận thấy chỉ có c = 1; a = 3; b = 1 thỏa mãn

Vậy X là Gly₃AlaVal

Xét Chọn A:

0,1 mol X tác dụng với NaOH vừa đủ thu được 54,1 gam muối Z (Gly-Na (0,3 mol), Ala-Na (0,1 mol), Val-Na (0,1 mol)) chứa 29,1 gam Gly-Na

=> 27,05 gam Z chứa 14,55 gam Gly-Na => Sai

Xét Chọn B: a = 0,2.(75.3+89+117-18.4) = 71,8 gam => Đúng

Xét Chọn C: X có chứa 1 phân tử Ala => Đúng

Xét Chọn D: X có CTPT: C₁₄H₂₅O₆N₅

%m_O = 16.6/359 = 26,74% => Đúng