Đáp án A

Đun 39,2 gam X với NaOH thu được ancol Y và hỗn hợp muối,

Đốt cháy muỗi cần 0,66 mol O₂ thu được 0,3 mol Na₂CO₃ và 1 mol hỗn hợp CO₂ và H₂O.

X gồm C₇H_xO₆ 0,08 mol và C₈H_yO₆ 0,12 mol.

Do ancol đa chức mà este mạch hở nên các muối tạo ra đều đơn chức   → n Z = 0 , 6

→ M Z ¯ = 74 , 67  nên Z chứa HCOONa.

Số mol HCOONa càng nhỏ khi số C của muối còn lại càng nhỏ nên số mol muối HCOONa≥ 0,314.

Gọi m, n lần lượt là số gốc HCOO trong 2 este.

Hai este lần lượt là (HCOO)(C₃H_xO₄)C₃H₅ và (HCOO)₂(C₃H_yO₂)C₃H₅ (C₃H_xO₄ là tổng 2 gốc axit)

được x=4; y=1 là nghiệm nguyên duy nhất.

Hai este lần lượt là (HCOO)₂(CH₃COO)C₃H₅ 0,08 mol và (HCOO)₂(CH≡C-COO)C₃H₅ 0,12 mol.

Z gồm HCOONa 0,4 mol, CH₃COONa 0,08 mol và CH≡C-COONa 0,12 mol.

%muối có phân tử khối lớn nhất=24,64%

Đáp án A

m_X = m_T => M _{gốc ancol} = 39 (m trung bình)

=> 2 ancol là C₂H₅OH (2x mol) và C₃H₇OH (5x mol) (đường chéo ra tỉ lệ mol)

Do n_Y < n_Z nên:

Y có công thức ACOOC₂H₅ (2x mol) và Z có công thức B(COOC₃H₇)₂ (2,5x mol)

=> n_X = 2x + 2,5x = 0,18 => x = 0,04 mol

Đặt y, z là số H trong Y, Z

n_H2O = 2. 0,04y/2 + 2,5 . 0,04z/2 = 0,94 => 4y + 5x = 94

Do y ≥ 6 và z ≥ 14 nên y = 6 và z = 14 là nghiệm duy nhất

Vậy Y là HCOOC₂H₅ (0,08 mol) và Z là (COOC₃H₇)2 (0,1mol)

=> %Y = 25,39%

Đáp án A

m_X = m_T => M _{gốc ancol} = 39 (m trung bình)

=> 2 ancol là C₂H₅OH (2x mol) và C₃H₇OH (5x mol) (đường chéo ra tỉ lệ mol)

Do n_Y < n_Z nên:

Y có công thức ACOOC₂H₅ (2x mol) và Z có công thức B(COOC₃H₇)₂ (2,5x mol)

=> n_X = 2x + 2,5x = 0,18 => x = 0,04 mol

Đặt y, z là số H trong Y, Z

n_H2O = 2. 0,04y/2 + 2,5.0,04z/2 = 0,94 => 4y + 5x = 94

Do y ≥ 6 và z ≥ 14 nên y = 6 và z = 14 là nghiệm duy nhất

Vậy Y là HCOOC₂H₅ (0,08 mol) và Z là (COOC₃H₇)2 (0,1mol)

=> %Y = 25,39%

Đáp án A

m_X = m_T => M _{gốc ancol} = 39 (m trung bình)

=> 2 ancol là C₂H₅OH (2x mol) và C₃H₇OH (5x mol) (đường chéo ra tỉ lệ mol)

Do n_Y < n_Z nên:

Y có công thức ACOOC₂H₅ (2x mol) và Z có công thức B(COOC₃H₇)₂ (2,5x mol)

=> n_X = 2x + 2,5x = 0,18 => x = 0,04 mol

Đặt y, z là số H trong Y, Z

n_H2O = 2. 0,04y/2 + 2,5 . 0,04z/2 = 0,94 => 4y + 5x = 94

Do y ≥ 6 và z ≥ 14 nên y = 6 và z = 14 là nghiệm duy nhất

Vậy Y là HCOOC₂H₅ (0,08 mol) và Z là (COOC₃H₇)2 (0,1mol)

=> %Y = 25,39%

Số mol Na₂CO₃ thu được là: 

=> Ancol bé là CH₃OH

-Xét giai đoạn X tác dụng với H₂:

-Xét giai đoạn Y tác dụng với dung dịch NaOH:

-Xét giai đoạn đốt cháy T:

Sơ đồ phản ứng: 

-Tìm các este trong Y:

Vì 2 este phân nhánh

=> Các este trong Y là CH₃COOR’ : 0,09  ; CH₃-CH(COOCH₃)₂ : 0,15 mol

=> Hai ancol R’OH : 0,09 mol;  CH₃OH : 0,3 mol

-Tìm ba este trong X:

Ba este trong X là CH₃COOCH(CH₃)₂: 0,09 mol ; CH₃-CH(COOCH₃)₂;  CH₂=C(COOCH₃)₂

Đáp án C.

Chọn đáp án D.

Đặt

 Khi đốt cháy T. Đặt

Bảo toàn O trong phản ứng đốt cháy T.  x + 0,295.2 = 2y +0,32 (1)

  Bảo toàn khối lượng trong phản ứng với NaOH:

11,28 + 40x = 12,08 + (12y + 0,32.2 + 16x) (2)

Từ (1) và (2)  => x=0,17 mol; y=0,22 mol

Ta có:

Vậy hỗn hợp T gồm ancol no đơn chức (0,03 mol) và ancol no hai chức (0,07 mol)

Muối tạo bởi X, Y là ACOONa (0,03 mol), muối tạo bởi Z là BCOONa (0,14 mol)

=> (A+67).0,03 + (B+67).0,14 =12,08 => 3A + 14B =69 

Mà M X   = M Y   + 2  X là C₅H₁₀O₂, Y là C₅H₈O₂. 

Chọn đáp án D.

Đặt  n N a O H = x   ( m o l )

→ n O a n c o l = x m o l

Khi đốt cháy T.Đặt  n C O 2 = y   m o l

n H 2 O = 5 , 76 18 = 0 , 32 m o l

Bảo toàn O trong phản ứng đốt cháy T

(1)

Bảo toàn khối lượng trong phản ứng với NaOH:

(2)

Từ (1) và (2)

Ta có:

n a n c o l = n H 2 O - n C O 2 = 0 , 1 m o l ≠ n O a n c o l = 0 , 17 m o l

Vậy hỗn hợp T gồm ancol no đơn chức (0,03 mol) và ancol no hai chức (0,07 mol)

Muối tạo bởi X, Y là ACOONa (0,03 mol), muối tạo bởi Z là BCOONa (0,14 mol)

⇒ M ¯ x , y = 302 3

Mà M X = M Y + 2 ⇒  X là C₅H₁₀O₂, Y là C₅H₈O₂.

Đáp án D

Đun nóng 11,28 gam E với NaOH v ừa đủ thu được T chứa các ancol đều no và 12,08 gam hỗn hợp các muối.

ĐỐt cháy ancol no cần 0,295 mol O₂ thu được CO₂ và 0,32 mol H₂O.

Gọi số mol NaOH phản ứng là x

BTKL: m a n c o l = 11,28+40x-12,08 = 40x-0,8

Suy ra số mol O trong ancol là x.

BTNT O: n C O 2 = 0,295+0,5x-0,16 = 0,135+0,5x 

→ 12(0,135+0,5x)+0,32.2+16x = 40x-0,8

Giải được x=0,17.

→  n a n c o l = 0,1

do vậy trong T có 0,07 mol ancol 2 chức và 0,03 mol ancol đơn chức

→  n z = 0,07

Gọi u, v lần lượt là số C của ancol đơn chức và ancol đơn chức

→ 0,03u+0,07v = 0,22

Giải được nghiệm u=8/3 và v=2.

Gọi muối tạo ra từ X, Y là ACOONa 0,03 mol và từ Z là BCOONa 0,14 mol.

→ 0,03(A+67) + 0,14(B+67) = 12,08

Giải được B=1 và A=55/3.

Z là (HCOO)₂C₂H₄ 0,07 mol

→  m E = 0 , 03 M X , Y + 0 , 07 . 118 = 11 , 28   → M X , Y   =   302 3

Do vậy M_x=102; M_Y=100 hay X là C₅H₁₀O₂ và Y là C₅H₈O₂.

→  n X = 0 , 01 ;   n Y = 0 , 02  → %X = 9,04%