\(n_{C_2H_4}=\dfrac{6.72}{22.4}=0.3\left(mol\right)\)

\(C_2H_4+3O_2\underrightarrow{^{t^0}}2CO_2+2H_2O\)

\(0.3....................0.6\)

\(m_{CO_2}=0.6\cdot44=26.4\left(g\right)\)

\(Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

\(n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0.6\left(mol\right)\)

\(m_{CaCO_3}=0.6\cdot100=60\left(g\right)\)

a, \(C_2H_4+3O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+2H_2O\)

b, \(n_{C_2H_4}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=2n_{C_2H_4}=0,4\left(mol\right)\Rightarrow m_{CO_2}=0,4.44=17,6\left(g\right)\)

c, \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

\(n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,4\left(mol\right)\Rightarrow m_{CaCO_3}=0,4.100=40\left(g\right)\)

Câu 1:

a, \(2C_2H_2+5O_2\underrightarrow{t^o}4CO_2+2H_2O\)

b, \(n_{C_2H_2}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{CO_2}=2n_{C_2H_2}=0,6\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{CO_2}=0,6.44=26,4\left(g\right)\)

c, \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_{3\downarrow}+H_2O\)

Theo PT: \(n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,6\left(mol\right)\Rightarrow m_{CaCO_3}=0,6.100=60\left(g\right)\)

Câu 2:

a, Gọi CTHH cần tìm là Fe_xO_y.

Ta có: \(n_{Fe}=\dfrac{22,4}{56}=0,4\left(mol\right)\)

Mà: m_Fe + m_O = 32 ⇒ m_O = 32 - 22,4 = 9,6 (g)

\(\Rightarrow n_O=\dfrac{9,6}{16}=0,6\left(mol\right)\)

⇒ x:y = 0,4:0,6 = 2:3

→ CTHH có dạng (Fe₂O₃)_n

\(\Rightarrow n=\dfrac{160}{56.2+16.3}=1\)

Vậy: Oxit sắt là Fe₂O₃

b, PT: \(Fe_2O_3+3CO\underrightarrow{t^o}2Fe+3CO_2\)

\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

Theo PT: \(n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=\dfrac{3}{2}n_{Fe}=0,6\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{CaCO_3}=0,6.100=60\left(g\right)\)

- Trích một ít các chất làm mẫu thử:

+ Dẫn các khí qua dd Br₂ dư:

* Không hiện tượng: CO₂, CH₄ (1)

* dd nhạt màu dần: C₂H₄

\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

+ Dẫn các khí còn lại ở (1) qua dd Ca(OH)₂ dư:

* Không hiện tượng: CH₄

* Kết tủa trắng: CO₂

\(Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_3\downarrow+H_2O\)

-

a) C₂H₄ + 3O₂ --t^o--> 2CO₂ + 2H₂O

b) \(n_{C_2H_4}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)

=> \(n_{CO_2}=0,6\left(mol\right)\)

=> \(m_{CO_2}=0,6.44=26,4\left(g\right)\)

c)

PTHH: Ca(OH)₂ + CO₂ --> CaCO₃ + H₂O

                             0,6------->0,6

=> \(m_{CaCO_3}=0,6.100=60\left(g\right)\)

a) $C_2H_5OH + 3O_2 \xrightarrow{t^o} 2CO_2 + 3H_2O$

b) $n_{C_2H_5OH} = \dfrac{9,2}{46} = 0,2(mol)$

Theo PTHH : 

$n_{CO_2} = 2n_{C_2H_5OH} = 0,4(mol) \Rightarrow V_{CO_2} = 0,4.22,4 = 8,96(lít)$

$n_{H_2O} = 3n_{C_2H_5OH} = 0,6(mol) \Rightarrow m_{H_2O} = 0,6.18 = 10,8(gam)$

c) $CO_2 + Ca(OH)_2 \to CaCO_3 + H_2O$
$n_{CaCO_3} = n_{CO_2} = 0,4(mol)$

$m_{CaCO_3} = 0,4.100 = 40(gam)$

`C_2H_6+(7/2)O_2->2CO_2+3H_2O` (to)

0,6-------------------------1,2 mol

`CO_2+Ca(OH)_2->CaCO_3+H_2O`

1,2--------------------------1,2mol

`n_(C_2H_6)=((13,44)/22.4=0,6 mol`

`=>m_(CO_2)=1,2.44=52,8g`

=>`m_(CaCO_3)=1,2.100=12g`

a, \(n_{CH_4}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\)

PTHH:

CH₄ + 2O₂ --t^o--> CO₂ + 2H₂O

0,5--->1------------->0,5

Ca(OH)₂ + CO₂ ---> CaCO₃ + H₂O

                   0,5----->0,5

b, \(V_{O_2}=1.22,4=22,4\left(l\right)\)

c, \(m_{CaCO_3}=0,5.100=50\left(g\right)\)

\(n_{NaOH}=2.0,03=0,06\left(mol\right)\)

\(n_{Ca\left(OH\right)2}=2.0,02=0,04\left(mol\right)\)

\(n_{CaCO3}=\dfrac{3}{100}=0,03\left(mol\right)\)

Thứ tự các pthh :

              \(C+O_2-t^o->CO_2\)                                 (1)

             \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2-->CaCO_3+H_2O\)    (2)

            \(CO_2+2NaOH-->Na_2CO_3+H_2O\)     (3)

            \(CO_2+Na_2CO_3-->2NaHCO_3\)              (4)

            \(CO_2+CaCO_3-->Ca\left(HCO_3\right)_2\)              (5)

Vì \(n_{CaCO3}< n_{Ca\left(OH\right)2}\left(0,03< 0,04\right)\)  => Có 2 giá trị của CO₂ thỏa mãn 

TH1: CO₂ thiếu ở pứ 2 => Chỉ xảy ra pứ (1) và (2) => Không có pứ hòa tan kết tủa

Theo pthh (2) : \(n_{CO_2}=n_{CaCO3}=0,03\left(mol\right)\)

Bảo toản C : \(n_C=n_{CO2}=0,03\left(mol\right)\)

=> m = 0,03.12 = 0,36 (g)

TH2 : CO₂ dư ở pứ (2) ; (3); (4),  đến pứ (5) thì thiếu  => Có pứ hòa tan kết tủa 

Xét pứ (2); (3); (4) ; (5) :

\(\Sigma n_{CO2}=n_{Ca\left(OH\right)2}+\dfrac{1}{2}n_{NaOH}+n_{Na2CO3}+n_{CaCO3\left(tan\right)}\)

            \(=n_{Ca\left(OH\right)2}+\dfrac{1}{2}n_{NaOH}+\dfrac{1}{2}n_{NaOH}+\left(n_{CaCO3\left(sinh.ra\right)}-n_{CaCO3thu.duoc}\right)\)

             \(=n_{Ca\left(OH\right)2}+n_{NaOH}+\left(n_{Ca\left(OH\right)2}-0,03\right)\)

             \(=2n_{Ca\left(OH\right)2}+n_{NaOH}-0,03\)

             \(=2.0,04+0,06-0,03\)

             \(=0,09\left(mol\right)\)

Bảo toàn C : \(n_C=n_{CO2}=0,09\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m=0,09.12=1,08\left(g\right)\)

bạn ơi, bạn sửa cho mình TH2 từ đoạn :

\(n_{CO2}=2.0,04+0,06-0,03=0,11\left(mol\right)\)

Bảo toàn C : \(n_C=n_{CO2}=0,11\left(mol\right)\)

=> m_C = 0,11.12 = 1,32 (g)

p/s: sorry nhé, mình tính nhầm số mol co2 nên mới sai 

C₂H₂ + H₂ C₂H₄

C₂H₂ + H₂ C₂H₆

Khi cho hỗn hợp B qua dd nước Br₂ chỉ có C₂H₄ và C₂H₂ phản ứng C₂H₂ +2Br₂ → C₂H₂Br₄

C₂H₄ + Br₂ → C₂H₄Br₂

=> khối lượng bình Br₂ tăng chính bằng khối lượng của C₂H₂ và C₂H₄

m_C2H2 + m_C2H4 = 4,1 (g)    

Hỗn hợp khí D đi ra là CH₄, C₂H₆ và H₂

CH₄ + 2O₂ → t ∘  CO₂ + 2H₂O

C₂H₆ + O₂  → t ∘  2CO₂ + 3H₂O

2H₂ + O₂  → t ∘  2H₂O

Bảo toàn nguyên tố O cho quá trình đốt cháy hh D ta có:

2n_CO2 = 2n_O2 – n_H2O => n_CO2 = ( 0,425. 2– 0,45)/2 = 0,2 (mol)

Bảo toàn khối lượng : m_{hh D} = m_CO2 + m_H2O – m_O2 = 0,2.44 + 0,45.18 – 0,425.32 = 3,3 (g)

Bảo toàn khối lương: m_A = (m_C2H2 + m_C2H4) + m_{hh D} = 4,1 + 3,3 = 7,4 (g)