Cho metylamin dư vào dung dịch A => kết tủa thu được là A l O H 3   ( v ì   C u O H 2 tạo phức tan với  C H 3 N H 2 )

→   n A l O H 3   =   7 , 8   /   78   =   0 , 1   m o l   = >   n A l C l 3   =   0 , 1   m o l

Cho NaOH dư vào dung dịch A => kết tủa thu được là C u O H 2   ( v ì   A l O H 3   t a n  khi NaOH dư)

→   n C u O H 2   =   19 , 6   /   98   =   0 , 2   m o l   = >   n C u C l 2   =   0 , 2   m o l

Vậy          C M   A l C l 3 =     0 , 1 0 , 1 =   1 M ;                                   C M   C u C l 2     = 0 , 2 0 , 1     =   2 M  

Đáp án cần chọn là: B

Cho metylamin dư vào dung dịch A => kết tủa thu được là A l O H 3   ( v ì   C u O H 2 tạo phức tan với  C H 3 N H 2 )

→   n A l O H 3   =   11 , 7   /   78   =   0 , 15   m o l   = >   n A l C l 3   =   0 , 15   m o l

Cho NaOH dư vào dung dịch A => kết tủa thu được là C u O H 2   ( v ì   A l O H 3   tan khi NaOH dư)

→   n C u O H 2   =   9 , 8   /   98   =   0 , 1   m o l   = >   n C u C l 2   =   0 , 1   m o l

Vậy  C M   A l C l 3       =     0 , 15 0 , 2 =   0 , 75 M ;                   C M   C u C l 2     = 0 , 1 0 , 2     =   0 , 5 M .

Đáp án cần chọn là: D

Chọn D.

Dung dịch Y chứa NaOH và NaAlO₂

Vậy X gồm Na (1,05 mol) và Al (0,75 mol) Þ m = 44,4 (g)

Đáp án C

a)

$BaCl_2 + H_2SO_4 \to BaSO_4 + 2HCl$
$n_{BaCl_2} = 0,1 < n_{H_2SO_4} = 0,2$ nên $H_2SO_4$ dư

$n_{BaSO_4} = n_{BaCl_2} = 0,1(mol)$
$m_{BaSO_4} = 0,1.233 = 23,3(gam)$

b)

A gồm :

$HCl : 0,1.2 = 0,2(mol)$
$H_2SO_4\ dư : 0,2 - 0,1 = 0,1(mol)$
$V_{dd} = 0,1 + 0,1= 0,2(lít)$

$C_{M_{HCl}} = \dfrac{0,2}{0,2} = 1M$
$C_{M_{H_2SO_4}} = \dfrac{0,1}{0,2} = 0,5M$

c)

$2NaOH + H_2SO_4 \to Na_2SO_4 + 2H_2O$
$n_{NaOH} = 2n_{H_2SO_4\ dư} = 0,2(mol)$
$m_{dd\ NaOH} = \dfrac{0,2.40}{15\%} = 53,33(gam)$

nNa = 6.9 : 23 = 0.3 mol

           4Na + O2 ->2 Na2O

mol :  0.3 ->           0.15

          Na2O + H2O -> 2NaOH

mol : 0.15 ->                0.3

mdd = 0.15 x 62 + 140.7 = 150g

C% NaOH = 0.3x40: 150 x 100% = 8%

\(n_{NaCl\left(tv\right)}=\dfrac{29.25}{58.5}=0.5\left(mol\right)\)

\(n_{NaCl\left(bđ\right)}=0.15\cdot0.5=0.075\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{NaCl}=0.5+0.075=0.575\left(mol\right)\)

\(C_{M_{NaCl}}=\dfrac{0.575}{0.252}=2.3\left(M\right)\)

a)

$BaO + H_2O \to Ba(OH)_2$
$n_{Ba(OH)_2} = n_{BaO} = \dfrac{30,6}{153} = 0,2(mol)$
$C_{M_{Ba(OH)_2}} = \dfrac{0,2}{0,2} = 1M$

b)

$Ba(OH)_2 + 2HCl \to BaCl_2 + 2H_2O$
$n_{HCl} = 2n_{Ba(OH)_2} = 0,4(mol)$
$V_{dd\ HCl} = \dfrac{0,4}{0,5} = 0,8(lít)$

Đáp án D

Có n(NaOH) = 0,15 mol; n(H₂) = 0,08 mol.

Dd X gồm Na⁺; ZnO₂^-, OH^‑.

OH^- + H⁺ → H₂O

ZnO₂^- + 2H⁺ → Zn(OH)₂ ↓

Zn(OH)₂ + 2H⁺ → Zn²⁺ + H₂O.

Dùng hết 0,08 mol HCl thì bắt đầu có kết tủa → n(OH^-) = 0,08 mol.

Khi cho 0,32 mol HCl hay 0,48 mol HCl vào dd X đều thu được a gam kết tủa.

Có:

n(H⁺ _trước) = 2.n↓ + n(OH^-) → n↓ = (0,32 – 0,08) : 2 = 0,12 mol.

n(H⁺ _sau) = 4.n(ZnO₂^-) – 2n↓ + n(OH^-) → n(ZnO₂^-) = 0,16 mol.

BTĐT trong dd X → n(Na⁺) = 0,4 mol.

BTNT (H): n(NaOH) + 2n(H₂O) = 2.n(H₂) + n(OH^-)

→ n(H₂O) = (2.0,08 + 0,08) : 2 = 0,045 mol.

BTKL: m(hh) + m(NaOH) + m(H₂O) = m(H₂) + m(Na⁺) + m(ZnO₂^-) + m(OH^-)

→ m = (0,08.2 + 23.0,4 + 0,16.97 + 0,08.17) – (0,15.40 + 0,045.18) = 19,43 gam.