Bạn chưa đăng nhập. Vui lòng đăng nhập để hỏi bài

Những câu hỏi liên quan
Nguyễn Quỳnh Trang
Xem chi tiết
Xem chi tiết
Ngọc Hồng
Xem chi tiết
 Mashiro Shiina
8 tháng 12 2018 lúc 13:26

1) Áp dụng bđt Cauchy-Schwarz:

\(A\ge\dfrac{\left(x^2+y^2+z^2\right)^2}{x^3+x^2y+xy^2+y^3+y^2z+yz^2+z^3+z^2x+x^2z}\)

\(=\dfrac{\left(x^2+y^2+z^2\right)^2}{x\left(x^2+y^2+z^2\right)+y\left(x^2+y^2+z^2\right)+z\left(x^2+y^2+z^2\right)}=\dfrac{\left(x^2+y^2+z^2\right)^2}{\left(x+y+z\right)\left(x^2+y^2+z^2\right)}=\dfrac{x^2+y^2+z^2}{x+y+z}\ge\dfrac{\dfrac{\left(x+y+z\right)^2}{3}}{x+y+z}=\dfrac{x+y+z}{3}=\dfrac{2012}{3}\)

\("="\Leftrightarrow x=y=z=\dfrac{2012}{3}\)

2)

Áp dụng bđt AM-GM:

\(\dfrac{x^3}{x^2+y^2}=x-\dfrac{xy^2}{x^2+y^2}\ge x-\dfrac{xy^2}{2xy}=x-\dfrac{y}{2}\)

Chứng minh tương tự và cộng theo vế:

\(S\ge x-\dfrac{y}{2}+y-\dfrac{z}{2}+z-\dfrac{x}{2}=\dfrac{2015}{2}\)

\("="\Leftrightarrow x=y=z=\dfrac{2015}{3}\)

 Mashiro Shiina
8 tháng 12 2018 lúc 22:43

Mk vừa nghĩ ra 1 cách xem thử nhé :v

AM-GM:

\(\left\{{}\begin{matrix}xy\le\dfrac{x^2+y^2}{2}\\yz\le\dfrac{y^2+z^2}{2}\\xz\le\dfrac{x^2+z^2}{2}\end{matrix}\right.\Leftrightarrow A\ge\dfrac{x^3}{x^2+\dfrac{x^2+y^2}{2}+y^2}+\dfrac{y^3}{y^2+\dfrac{y^2+z^2}{2}+z^2}+\dfrac{z^3}{z^2+\dfrac{x^2+z^2}{2}+x^2}\)

\(=\dfrac{x^3}{\dfrac{3}{2}\left(x^2+y^2\right)}+\dfrac{y^3}{\dfrac{3}{2}\left(y^2+z^2\right)}+\dfrac{z^3}{\dfrac{3}{2}\left(x^2+z^2\right)}\)

Rút mẫu ra rồi làm như bài 2 thôi :>

Bảo Anh
Xem chi tiết
Thanh Nguyenthi
Xem chi tiết
Thao Chuot
Xem chi tiết
bảo ngọc
Xem chi tiết
Lan Trịnh Thị
Xem chi tiết
Nguyễn Việt Lâm
27 tháng 10 2019 lúc 11:03

Vấn đề duy nhất của bài này là đánh giá cụm \(\frac{x^3}{y^2+z^2}+\frac{y^3}{z^2+x^2}+\frac{z^3}{x^2+y^2}\)

Trước hết, ta chứng minh bổ đề sau:

Với hai dãy số dương \(x\ge y\ge z\)\(a\ge b\ge c\) ta luôn có: \(ax+by+cz\ge bx+cy+az\)

\(\Leftrightarrow\left(a-b\right)x+\left(b-c\right)y+\left(c-a\right)z\ge0\)

\(\Leftrightarrow\left(a-b\right)x-\left(a-b\right)y+\left(a-c\right)y-\left(a-c\right)z\ge0\)

\(\Leftrightarrow\left(a-b\right)\left(x-y\right)+\left(a-c\right)\left(y-z\right)\ge0\) (luôn đúng)

Không mất tính tổng quát, giả sử \(x\ge y\ge z\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x^3\ge y^3\ge z^3\\\frac{1}{y^2+z^2}\ge\frac{1}{z^2+x^2}\ge\frac{1}{x^2+y^2}\end{matrix}\right.\)

Áp dụng bổ đề ta có:

\(\frac{x^3}{y^2+z^2}+\frac{y^3}{z^2+x^2}+\frac{z^3}{x^2+y^2}\ge\frac{y^3}{y^2+z^2}+\frac{z^3}{z^3+x^2}+\frac{x^3}{x^2+y^2}\)

Mặt khác: \(\frac{x^3}{x^2+y^2}=x-\frac{xy^2}{x^2+y^2}\ge x-\frac{xy^2}{2xy}=x-\frac{1}{2}y\)

Tương tự và cộng lại: \(\frac{x^3}{x^2+y^2}+\frac{y^3}{y^2+z^2}+\frac{z^3}{x^2+z^2}\ge\frac{1}{2}\left(x+y+z\right)\)

\(\Rightarrow P\ge\frac{1}{3}\left(x+y+z\right)^2+\frac{1}{2}\left(x+y+z\right)-\frac{7}{6}\left(x+y+z\right)\)

\(P\ge\frac{1}{3}\left(x+y+z\right)^2-\frac{2}{3}\left(x+y+z\right)+\frac{1}{3}-\frac{1}{3}\)

\(P\ge\frac{1}{3}\left(x+y+z-1\right)^2-\frac{1}{3}\ge-\frac{1}{3}\)

\(P_{min}=-\frac{1}{3}\) khi \(x=y=z=\frac{1}{3}\)

Khách vãng lai đã xóa
Lan Trịnh Thị
3 tháng 10 2019 lúc 14:53

@Nguyễn Việt Lâm Anh ơi giúp em nốt bài với ạ !!!

Khách vãng lai đã xóa
Lan Trịnh Thị
3 tháng 10 2019 lúc 14:53

@Vũ Minh Tuấn HISINOMA KINIMADO Nguyễn Huy Thắng

Giúp mình với !!!

Khách vãng lai đã xóa
Quốc Huy
Xem chi tiết
Phạm Phú Hoàng Long
12 tháng 11 2017 lúc 8:04

thanghoa

Phạm Phú Hoàng Long
12 tháng 11 2017 lúc 8:04

đúng rùi đó

huỳnh ny
12 tháng 11 2017 lúc 9:56

Sai leu

Nguyễn Ngọc Khuê
Xem chi tiết