Nung 20,8 gam hỗn hợp X gồm bột sắt và lưu huỳnh trong bình chân không thu được hỗn hợp Y. Cho toàn bộ Y tác dụng với dung dịch HCl dư, thu được m gam chất rắn không tan và 4,48 lít (ở đktc) hỗn hợp khí Z có tỉ khối so với H2 bằng 9. Giá trị của m là:
A. 6,4.
B. 16,8.
C. 4,8.
D. 3,2.
Nung 20,8 gam hỗn hợp X gồm bột sắt và lưu huỳnh trong bình chân không thu được hỗn hợp Y. Cho toàn bộ Y tác dụng với dung dịch HCl dư, thu được m gam chất rắn không tan và 4,48 lít (ở đktc) hỗn hợp khí Z có tỉ khối so với H2 bằng 9. Giá trị của m là
A. 6,4
B. 16,8
C. 4,8
D. 3,2
ĐÁP ÁN A
Hỗn hợp khí gồm H2 và H2S với số mol lần lượt là x và y
Chất rắn là S
=> x + y = 0,2 mol và 2x + 34y = 3,6g
=> x = y = 0,1 mol
Fe + S -> FeS
Bảo toàn e : nFe bđ = nFe dư + nFeS = 0,2 mol
=> nS (bđ) = 0,3 mol
=> nS dư = 0,3 – 0,1 = 0,2 mol
=> m = 6,4g
Nung 20,8 gam hỗn hợp X gồm bột sắt và lưu huỳnh trong bình chân không thu được hỗn hợp Y. Cho toàn bộ Y tác dụng với dung dịch HCl dư, thu được m gam chất rắn không tan và 4,48 lít (ở đktc) hỗn hợp khí Z có tỉ khối so với H2 bằng 9. Giá trị của m là
A. 6,4.
B. 16,8
C. 4,8.
D. 3,2
Cho m gam hh bột X gồm ba kim loại Zn, Cr, Sn có số mol bằng nhau t/d hết với lượng dư dd HCl loãng, nóng thu được dd Y và khí H2. Cô cạn dd Y thu được 8,98 gam muối khan. Nếu cho m gam hh X t/d hoàn toàn với O2 (dư) để tạo hh 3 oxit thì thể tích khí O2 (đktc) pư là
A. 2, 016 lít.
B. 1,008 lít.
C. 0,672 lít.
D. 1,344 lít.
Hh khí X gồm 0,3 mol H2 và 0,1 mol Viny1axeti1en. Nung X một thời gian với xúc tác Ni thu được hh khí Y có tỉ khối so với không khí là 1. Nếu cho toàn bộ Y sục từ từ vào dd brom (dư) thì có m gam brom tham gia pư. Giá trị của m là
A. 16,0
B. 3,2
C. 8,0
D. 32,0
Câu 5. Cho m gam hh X gồm Ca và CaCO3 tác dụng vừa đủ với dd HNO3 6,3% thu được dd Y và 2,24 lít (đktc) hh khí Y có tỉ khối so với H2 là 11,5.
a. Tính % các chất trong X
b. Tính C% các chất trong dd Y
Câu 6. M là kim loại thuộc nhóm IIA. Hòa tan hết 10,8 gam hỗn hợp gồm kim loại M và muối cacbonat của nó trong dung dịch HCl 2M, thu được 4,48 lít hỗn hợp khí A (đktc). Tỉ khối của A so với khí hiđro là 11,5.
1. Tìm kim loại M
2. Tính % thể tích các khí trong A.
3. Tính thể tích dung dịch HCl ban đầu, biết rằng sau phản ứng HCl dư 5% so với lượng ban đầu
Câu 6:
a+b) Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{khí}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\\\overline{M}_{khí}=11,5\cdot2=23\end{matrix}\right.\)
Theo sơ đồ đường chéo: \(n_{H_2}=n_{CO_2}=\dfrac{0,2}{2}=0,1\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow\%V_{H_2}=\%V_{CO_2}=50\%\)
PTHH: \(M+2HCl\rightarrow MCl_2+H_2\uparrow\)
0,1____0,2_____0,1___0,1 (mol)
\(MCO_3+2HCl\rightarrow MCl_2+CO_2\uparrow+H_2O\)
0,1____0,2_____0,1____0,1_____0,1 (mol)
Ta có: \(0,1M+0,1\left(M+60\right)=10,8\) \(\Leftrightarrow M=24\)
Vậy kim loại cần tìm là Magie
c) Theo các PTHH: \(n_{HCl\left(p/ứ\right)}=0,4\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow\Sigma n_{HCl}=0,4\cdot105\%=0,42\left(mol\right)\) \(\Rightarrow V_{ddHCl}=\dfrac{0,42}{2}=0,21\left(l\right)=210\left(ml\right)\)
Câu 5: a) \(M_Y=11,5.2=23\)
CaCO3 + 2HNO3 → Ca(NO3)2 + CO2 + H2O
Hỗn hợp Y gồm CO2 và 1 khí khác
Vì trong Y M CO2 > MY
=> M khí còn lại phải < M Y
=> Khí còn lại là H2 ( Do các sản phẩm khử của HNO3 đều có M > MY)
Ca + 2HNO3 -------> Ca(NO3)2 + H2
Gọi x, y lần lượt là số mol của CaCO3, Ca
=> n CO2 = x ; nH2 = y
Theo đề bài ta có hệ phương trình sau :
\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,1\\44x+2y=23.0,1\end{matrix}\right.\)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,05\\y=0,05\end{matrix}\right.\)
=> \(m_{CaCO_3}=0,05.100=5\left(g\right)\)
\(m_{Ca}=0,05.40=2\left(g\right)\)
=> \(\%m_{CaCO_3}=\dfrac{5}{5+2}.100=71,43\%\)
=> \(\%m_{Ca}=100-71,43=28,57\%\)
b) Dung dịch Y gồm Ca(NO3)2
\(\Sigma n_{Ca\left(NO_3\right)_2}=0,05+0,05=0,1\left(mol\right)\)
\(m_{ddHNO_3}=\dfrac{\left(0,05.2+0,05.2\right).63}{6,3\%}=200\left(g\right)\)
\(m_{ddsaupu}=7+200-2,3=204,7\left(g\right)\)
=> \(C\%_{Ca\left(NO_3\right)_2}=\dfrac{0,1.164}{204,7}.100=8,01\%\)
nung m (g) hh X gồm Fe3O4 và Al trong điều kiện không có không khí. sau khi pứ xảy ra hoàn toàn thu được hh Y. chia hh Y thành 2 phần
P1: cho tác dụng với dd NaOH dư thu được 0,06mol H2, dd Z và 20,16g chất rắn không tan.
P2: cho tác dụng với dd HCl dư thu được 0,63mol H2
Tính thành phần % khối lượng các chất trong hh X
PTHH: 3Fe3O4 + 8Al --to--> 4Al2O3 + 9Fe
=> \(\dfrac{n_{Fe}}{n_{Al_2O_3}}=\dfrac{9}{4}\)
P1: Gọi (nAl; nFe; nAl2O3) = (a;b;c)
PTHH: 2Al + 2NaOH + 2H2O --> 2NaAlO2 + 3H2
0,04<---------------------------------0,06
=> a = 0,04 (mol)
Chất rắn không tan là Fe
\(b=\dfrac{20,16}{56}=0,36\left(mol\right)\)
Có: \(\dfrac{n_{Fe}}{n_{Al_2O_3}}=\dfrac{b}{c}=\dfrac{9}{4}\) => c = 0,16 (mol)
P2: Gọi (nAl; nFe; nAl2O3) = (ak;bk;ck)
PTHH: 2Al + 6HCl --> 2AlCl3 + 3H2
ak------------------>1,5ak
Fe + 2HCl --> FeCl2 + H2
bk------------------>bk
=> 1,5ak + bk = 0,63
=> k = 1,5
Bảo toàn Fe: \(n_{Fe_3O_4\left(X\right)}=\dfrac{b+bk}{3}=\dfrac{0,36+0,36.1,5}{3}=0,3\left(mol\right)\)
Bảo toàn Al: \(n_{Al\left(X\right)}=a+2c+ak+2ck=0,9\left(mol\right)\)
\(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{Fe_3O_4}=\dfrac{0,3.232}{0,3.232+0,9.27}.100\%=74,12\%\\\%m_{Al}=\dfrac{0,9.27}{0,3.232+0,9.27}.100\%=25,88\%\end{matrix}\right.\)
nung hỗn hợp A gồm bột sắt và lưu huỳnh không có oxi sau một thời gian thu được hỗn hợp chất rắn b. cho b tác dụng với dd hcl dư thu được V1 lít hỗn hợp khí C. tỷ khối của C so với h2 bằng 10,6. nếu đốt cháy hoàn toàn B thành fe2o3 và so2 cần V2 lít khí o2. viết các phương trình hóa học và tìm tương quan giá trị V1 và V2 ( V1 và V2 đo ở cùng đk nhiệt độ và áp suất )
Cho a (gam) bột sắt tác dụng với b ( gam ) bột lưu huỳnh, sau phản ứng hoàn toàn thu được hỗn hợp X. Cho X tác dụng vừa đủ với 146 g dung dịch HCL 10% thu được dung dịch Y và hỗn hợp z gồm H2 và H2O có tỉ khối so với H2 là 13
a/ viết các phương trình hóa học xảy ra
b/Tính giá trị A, B
c/C% dịch X
\(Fe+S\rightarrow FeS\)
\(FeS+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2S\)
0,2________0,4___0,2_______
\(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)
Ta có :
\(n_{HCl}=\frac{146.10\%}{36,5}=0,4\left(mol\right)\)
\(d_{Z/H2}=13\Rightarrow M_Z=26\)
Áp dụng PP đường chéo :
\(\Rightarrow\frac{n_{H2S}}{n_{H2}}=3\)
\(\Rightarrow3n_{H2}=n_{H2S}\)
\(\Rightarrow n_{H2}=\frac{1}{15}\left(mol\right)\)
\(n_{Fe}=n_{FeS}+n_{Fe\left(\cdot dư\right)}=0,2+\frac{1}{15}=\frac{4}{15}\)
\(\Rightarrow n_S=n_{FeS}=0,2\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow m_{Fe}=\frac{4}{15}.56=14,93\left(g\right)\)
\(\Rightarrow m_S=0,2.32=6,4\left(g\right)\)
Đề sửa lại rồi nha :
Gọi số mol H2S: x mol ; H2: y mol
\(Fe+S\rightarrow FeS\)
\(FeS+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2S\)
x____2x________x__________x
\(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)
y____2y_______y________y
Ta có :
\(n_{HCl}=\frac{146.10\%}{36,5}=0,4\left(mol\right)\)
\(d_{Z/H2}=13\)
Áp dụng PPT đường chéo : (Như hình bên dưới nha )
\(\Rightarrow\frac{n_{H2S}}{n_{H2}}=3\)
\(\Rightarrow x-3y=0\left(1\right)\)
\(2x+2y=0,4\left(2\right)\)
\(\left(1\right)+\left(2\right)\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,15\\y=0,05\end{matrix}\right.\)
\(n_{Fe}=n_{FeS}+n_{Fe\cdot\left(dư\right)}=0,15+0,05=0,2\)
\(m_{Fe}=0,2.56=11,2\left(g\right)\)
\(n_S=n_{FeS}=0,15\left(mol\right);m_S=0,15.32=4,8\left(g\right)\)
\(m_{Dd\left(spu\right)}=m_{dd\left(HCl\right)}+m_{Fe\left(Dư\right)}+m_{FeS}-m_{H2}-m_{H2S}\)
\(m_{dd\left(spu\right)}=146+0,05.56+0,15.88-0,05.2-0,15.34=156,8\)
\(\Rightarrow C\%_{FeCl2}=\frac{\left(0,15+0,05\right).127}{156,8}.100\%=16,2\%\)
