Cho 150g dd KOH 22,4% vào dd chứa 0,3 mol KH2PO4 và 0,1 mol K2HPO4. Hỏi sp tạo ra là gì
Những câu hỏi liên quan
Cho dd KOH vào dd chứa KH2PO4 và K2HPO4. Vậy KOH có pư với KH2PO4 và K2HPO4 ko? Nếu pư thì tạo ra sp j
PTHH: 2KOH+KH2PO4--->K3PO4+2H2O
Hoặc: KOH(loãng)+KH2PO4---> K2HPO4+H2O
KOH(đậm đặc)+K2HPO4---> K3PO4+H2O
Đúng 0
Bình luận (1)
2KOH + KH2PO4 -> K3PO4 + 2H2O
KOH + K2HPO4 ko xảy ra thì phải
Đúng 0
Bình luận (1)
Tính số mol P2O5 cần thêm vào dung dịch chứa 0,03 mol KOH để sau phản ứng thu được dung dịch chứa hai muối K2HPO4 và KH2PO4 với số mol bằng nhau:
A. 0,01
B. 0,02
C. 0,03
D. 0,04
Đáp án A
Ta có P2O5+ 3H2O→2H3PO4 (1)
H3PO4+ KOH→ KH2PO4+ H2O (2)
H3PO4+ 2KOH→ K2HPO4+2H2O (3)
Đặt số mol K2HPO4 và KH2PO4 đều là x mol
Theo PT (2), (3):
nKOH= nKH2PO4+ 2nK2HPO4 = x + 2x = 3x = 0,03
Suy ra x= 0,01 mol
→ nH3PO4=nKH2PO4+ nK2HPO4= x+ x= 0,02 mol
→nP2O5= ½. nH3PO4= 0,01 mol
Đúng 0
Bình luận (0)
Cho hỗn hợp chứa 0,1 mol al và 0,1 mol fe vào V ( lít) dd agno3 2M. Sau phản ứng sảy ra hoàn toàn thu được dd A chứa 2 muối. Và a (g) chất rắn chỉ chứa duy nhất 1 kim loại. a) tính a (g) và V b) cho dd A t/d KOH dư. Lọc kết tủa và nung kết tủa trong không khí đến khối lượng không đổi. Thu được b(g) chất rắn. Tính b
\(a)Bte:3n_{Fe}+3n_{Al}=n_{Ag}\\ \Leftrightarrow n_{Ag_3}=0,1.3+0,1.3\\ \Leftrightarrow n_{Ag}=0,6mol\\ m_{rắn}=m_{Ag}=0,6.108=64,8g\\ BTNT\left(Ag\right):n_{Ag}=n_{AgNO_3}=0,6mol\\ V_{AgNO_3}=\dfrac{0,6}{2}=0,3l\\ BTNT\left(Al\right):n_{Al}=2n_{Al_2O_3}\\ \Leftrightarrow0,1=2n_{Al_2O_3}\\ \Leftrightarrow n_{Al_2O_3}=0,05mol\\ BTNT\left(Fe\right):n_{Fe}=2n_{Fe_2O_3}\\ \Leftrightarrow0,1=2n_{Fe_2O_3}\\ \Leftrightarrow n_{Fe_2O_3}=0,05mol \\ b=m_{oxit.bazo}=0,05.\left(160+102\right)=13,1g\)
Đúng 2
Bình luận (0)
Cho từ từ đến hết dd chứa 0,15 mol Na2CO3 và 0,1 mol NaHCO3 vào 100,0 ml dd HCl 2M. Tinh thể tích khí CO2 thoát ra (đktc)? A. 2,80 lít B. 2,24 lít C. 3,92 lít D. 3,36 lít
Đọc tiếp
Cho từ từ đến hết dd chứa 0,15 mol Na2CO3 và 0,1 mol NaHCO3 vào 100,0 ml dd HCl 2M. Tinh thể tích khí CO2 thoát ra (đktc)?
A. 2,80 lít
B. 2,24 lít
C. 3,92 lít
D. 3,36 lít
Đáp án A
C1
TH1 : NaHCO3 pư trước
NaHCO3+ HCl →NaCl+H2O+CO2
0.1 0.1 0.1
=>nHCl còn lại = 0.2-0.1=0.1 mol
Na2CO3 + 2 HCl → 2NaCl + H2O + CO2 ( 2 )
0.15 0.1 → 0.05
n CO2 thu đc= 0.1+0.05=0.15mol
VCO2= 0,15 . 22,4= 3.36l
TH2 : Na2CO3 pư trước
Na2CO3 + 2 HCl → 2NaCl + H2O + CO2
0.15 0.2 0.1
sau pư dư 0.05 mol Na2CO3 và còn 0.1 mol NaHCO3 chưa pư
nCO2 thu đc = 0.1 mol
=> V CO2 = 0,1 . 22,4 = 2,24 l
2.24 l < V CO2<3.36 l
C2:
=> n CO2 (1 ) = 0.05 mol , n CO2 (2 ) = 0.075 mol
=> V CO2 = 22,4 . ( 0,05 + 0,075 ) = 2.8 l
Đúng 0
Bình luận (0)
Khi cho 100ml dd KOH 1M vào 100ml dd HCl thu được dd có chứa 6,525 gam chất tan. Nồng độ mol (hoặc mol/l) của HCl trong dd đã dùng là A. 0,75M. B. 1M C. 0,25M D. 0,5M.
Đọc tiếp
Khi cho 100ml dd KOH 1M vào 100ml dd HCl thu được dd có chứa 6,525 gam chất tan. Nồng độ mol (hoặc mol/l) của HCl trong dd đã dùng là
A. 0,75M.
B. 1M
C. 0,25M
D. 0,5M.
Đáp án D
KOH + HCl → KCl + H2O
TH1: nHCl ≥ nKOH ⇒ Chất tan chỉ gồm KCl
nKCl = nKOH = 0,1
⇒ mKCl = 7,45 > m chất tan ⇒ loại
TH2: nHCl < nKOH
Đặt nHCl = a , nKOH dư = b ⇒ n KOH = n HCl + n KOH dư = a + b = 0,1 mol
n KCl = a mol
m chất tan = m KCl + m KOH dư = 74,5a + 56b = 6,525g
⇒ a = 0,05 mol; b = 0,05 mol
⇒ CM HCl = 0,5
Đúng 0
Bình luận (0)
Có 1 dd hòa tan 32g NaOH vào 1 dd hỗn hợp có chứa 0,1 mol HCl và amol AlCl3. Sau phản ứng tạo ra 7,8g kết tủa. Tính giá trị của a
nNaOH = 32/40 = 0,8 mol; nAl(OH)3 = 7,8/78 = 0,1 mol.
NaOH + HCl ---> NaCl + H2O (1)
0,1 0,1 mol
3NaOH + AlCl3 ---> Al(OH)3 + 3NaCl (2)
3x a mol x mol
Vì nAl(OH)3 = 0,1 mol, nên chứng tỏ NaOH còn dư sau phản ứng (2) và tiếp tục xảy ra phản ứng sau:
NaOH + Al(OH)3 ---> Na[Al(OH)4] (3)
0,7-3x 0,7-3x
Theo các phương trình trên ta có: nAl(OH)3 = x - (0,7-3x) = 0,1 ---> x = 0,2 mol ---> a = x = 0,2 mol.
Đúng 0
Bình luận (0)
Cho 7,3 gam lysin và 15 gam glyxin vào dung dịch chứa 0,3 mol KOH, thu được dd Y. Cho Y tác dụng hoàn toàn với dung dịch HCl dư, thu được m gam muối. Giá trị của m là:
A. 55,600
B. 53,775
C. 61,000
D. 32,250
5 tháng 8 2021 lúc 9:23
cho V lit dd NaOH 2M vào dd chứa 0,1 mol Al2(SO4)3 và 0,1 mol H2SO4 đến khi phản ứng hoàn toàn thu đc 7,8 g kết tủa . Giá trị lớn nhất của V để thu đc lượng kết tủa trên là
Ta có: \(n_{Al\left(OH\right)_3}=\dfrac{7,8}{78}=0,1\left(mol\right)\)
PTHH: \(2NaOH+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)
0,2______0,1 (mol)
\(6NaOH+Al_2\left(SO_4\right)_3\rightarrow3Na_2SO_4+2Al\left(OH\right)_3\downarrow\)
0,3________0,05___________________0,1 (mol)
Ta có: \(n_{NaOH}=0,5\left(mol\right)\) \(\Rightarrow V_{ddNaOH}=\dfrac{0,5}{2}=0,25\left(l\right)\)
Đúng 4
Bình luận (1)
Cho 8,96l khí CO2 đktc vào 2l dd NaOH xM được dd A chứa 2 muối. Cho A từ từ vào dd B chứa HCl 0,1 mol, H2SO4 0,1 mol được 0,2 mol khí thoát ra. Tính x.
do sau PỨ thu đc 2 dd=> xảy ra 2 PỨ:
CO2 + 2NaOH-----> Na2CO3 + H2O
CO2 + NaOH + Na2CO3 --> 2NaHCO3
nH trong HCl + nH trong H2SO4 = 0,1 + 0,1.2= 0,3
=> quy thành dd HX có nHX= 0,3
Gọi nNa2CO3= a, nNaHCO3 = b
=> NA2CO3 + 2HX--> NaX + H2O + CO2
NaHCO3 + HX---> NaX + H2O + CO2
=> 2a + b= 0,3 ; a+ b= 0,2
=> a=0,1 ; b=0,1
giả sử CO2 hết sau 2 PỨ đầu => nCO2 =0,1 + 0,1/2=0,15
mà nCO2=8,96/22,4=0,4 > 0,15
=> CO2 dư sau 2 PỨ đầu
=> NaOH hết
=> nNaOH=0,1.2 + 0,1/2=0,25
=> x = 0,25/2=0,125 M
Đúng 0
Bình luận (0)