Cho các số hữu tỉ x =  a b , y =  c d  (a,b,c,d Z, b ≠ 0, d ≠ 0). Tổng x+y bằng:

A.  a c - b d b d

B.  a c + b d b d

C.  a d + b c b d

D.  a d - b c b d

Cho các số hữu tỉ x   =   a b ;   y   =   c d   a ,   b ,   c ,   d   ∈   Z ,   b ≠ 0 ,   d ≠ 0 . Tổng x + y bằng

A.  a c   -   b d b d

B.  a c   +   b d b d

C.  a d   +   b c b d

D.  a d   -   b c b d

\frac{a}{1+b^{2}c}+\frac{b}{1+c^{2}d}+\frac{c}{1+d^{2}a}+\frac{d}{1+a^{2}b}\geq 2$

Ta có $\sum \frac{a}{1+b^2c}=\sum \frac{a^2}{a+ab^2c}$

Áp dụng Cauchy-Schwarzt ta có 

                 $\sum \frac{a}{1+b^2c}=\sum \frac{a^2}{a+ab^2c}\geq \frac{(a+b+c+d)^2}{a+b+c+d+ab^2c+bc^2d+cd^2a+da^2b}=\frac{16}{4+ab^2c+bc^2d+cd^2a+da^2b}$

Do đó ta chỉ cần chứng minh $ab^2c+bc^2d+cd^2a+da^2b\leq 4$ là suy ra $\sum \frac{a}{1+b^2c}\geq \frac{16}{4+4}=2$

Bất đẳng thức đã cho tương đương $ab.bc+bc.cd+cd.da+da.ab\leq 4$ với $a+b+c+d=4$

Chuyển $\left ( ab,bc,cd,da \right )\Rightarrow (x,y,z,t)$

Ta có $x+y+z+t=ab+bc+cd+ad \leq \frac{(a+b+c+d)^2}{4}=4$

Lại có $ab^2c+bc^2d+cd^2a+da^2b=xy+yz+zt+tx \leq \frac{(x+y+z+t)^2}{4} \leq \frac{4^2}{4}=4$

Vậy ta có đpcm

Dấu = xảy ra khi $a=b=c=d=1$

doc lam sao