Đáp án A

Định hướng tư duy giải

Ta có:

Dồn chất cho X

Ta lại có

Đáp án B

  n H 2 O = n X ⇒ 2 chất trong X đều có 2 nguyên tử C.

Lại có:  C X ¯ = 1 , 1 0 , 3 = 3 , 67  mà 2 chất hơn kém nhau môt nguyên tử C.

=> 1 chất có 3 nguyên tử C, 1 chất có 4 nguyên tử C.

Gọi số mol của chất có 3 và 4 nguyên tử C trong 0,3mol X lần lượt là x, y (mol)

  ⇒ x + y = 0 , 3 3 x + 4 y = 1 , 1 ⇔ x = 0 , 1 y = 0 , 2

=> 2 chất có tỉ lệ số mol là 1:2

Ta xét 2 trường hợp:

+ TH1: Anđehit có 3 nguyên tử C ta thấy chỉ có C₃H₂O là thỏa mãn

=> anđehit là CH ≡ C-CHO

Khi đó hiđrocacbon là C₄H₂

=> hiđrocacbon là CH ≡ C-C ≡ CH

Kết tủa gồm Ag; AgC ≡ C-COONH₄ và AgC ≡ C-C ≡ CAg

Ta lại có:

  n C H ≡ C - C H O = 4 , 62 M C H ≡ C - C H O + 2 M C 4 H 2 = 0 , 03 ( m o l )

Vậy khối lượng kết tủa là:

  m = m A g + m A g C ≡ C - C O O N H 4 + m A g C ≡ C - C ≡ A g C = 28 , 14 ( g )

TH2: Anđehit có 4 nguyên tử C trong phân tử

=> chỉ có C₄H₂O₂ thỏa mãn

=>anđehit là OHC-C ≡ C-CHO. Khi đó hiđrocacbon là C₃H₂ (không có CTCT thảo mãn)

Chú ý:

+ Bài toán này tương tự bài trên nhưng phức tạp hơn và phải xét nhiều trường hợp hơn. Do đó khi làm tránh ngộ nhận và bỏ sót các trường hợp.

+ Bài toán này có thể mắc sai lầm khi ngộ nhận số mol của anđehit và hiđrocacbon là số mol trong 0,3 mol hỗn hợp X mà không để ý đến giá trị khối lượng của đề bài.

Đáp án : D

Đáp án : C

Vì este 2 chức X = axit no đa chức + 2ancol đơn chức

=> axit no hai chức. => 2 ≤  số liên kết pi ≤ 5

Este có dạng tổng quát sau : C_nH_2n+2-2aO₄ ( 2 ≤ a ≤ 5)

=> n ≥ 5 ( vì 2 ancol khác nhau ; axit 2 chức )

C_nH_2n+2-2aO₄ + (1,5n – 1,5 – 0,5a)O₂ -> nCO₂ + (n + 1 – a)H₂O

,       x                       0,3                          nx           (n + 1 – a)x

=> (1,5n – 1,5 – 0,5a).x = 0,3

; nx + (n + 1 – a)x = 0,5

=> 6(2n + 1 – a) = 5(3n – 3 – a)

=> 3n + a = 21

Do 2 ≤ a ≤ 5 => 5,33 ≤ n ≤ 6,33

=> n = 6 và a = 3 => X là C₆H₈O₄. Do có 2 pi trong COO =>có 1 liên kết pi trong ancol

=> ancol đó có ít nhất 3C

X phải là : CH₃OOC-COOCH₂-CH=CH₂

=> n_X = 0,05 mol

Khi phản ứng với KOH thì sau ohanr ứng có : 0,05 mol (COOK)₂ và 0,1 mol KOH dư

=> m_rắn = 13,9g

Đáp án : C

Đặt số mol este R(COOR₁)(COOR₂)là t

Bảo toàn Oxi : 4t + 0,3.2 = 2n_CO2 + n_H2O

n_CO2 + n_H2O = 0,5 =>  n_CO2 = 4t + 0,1 và n_H2O = 0,4 – 4t

=> t < 0,1 mol

Ta có : n_CO2 – n_H2O ≥ t ( t có ít nhất 2p )

          => 8t - 0,3 ≥ t => t ≥ 0,43

Đáp án : C

Vì là ancol no : n_ancol = n_H2O – n_CO2 = 0,2 mol

Số C trung bình  = 0,3 / 0,2 = 1,5

=> Chắc chắn có CH₃OH, chất còn lại là C_nH_2n+2O₂ với số mol là x và y

=> x + y = 0,2 ; x + ny = 0,3

=> Khi oxi hóa thì có thể ancol tạo thành chất có 2 nhóm CHO hoặc 1 nhóm CHO  1 nhóm CO

+) Nếu có 2 nhóm CHO => n_Ag  = 4n_X = 0,8 mol

=> m_Ag = 86,4g

+) Nếu có 1 nhóm CO => ít nhất phải có 3 C => n ≥ 3 => y <  0,1 => x > 0,1

=> n_Ag = 4n_HCHO + 2n_{tạp chức} = 4x + 2y = 0,4 + 2x > 0,6 mol

=> m_Ag > 64,8g

Đáp án D

n_ancol =0,1 mol           

Bảo toàn khối lượng pư cháy có m_O2 = m_CO2 + m_H2O – m_X =12,8 g→n_O2=0,4 mol

Bảo toàn O : 2n_axit + n_ancol + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

→ n_axit =0,05

→ m_X = 0,05.(14n +32) + 0,1.(14m +18)=7,6

Thỏa mãn m =1 và n= 4

Ta có : CH₃OH  + C₃H₇COOH → C₃H₇COOCH₃ + H₂O

→ n_{este (tt)} = 0,8.0,05=0,04 → m_este =4,08 g

Chọn đáp án A

Đốt 0,15 mol X + 0,3 mol O2 → 0,3 mol CO2 + 0,3 mol H2O

BTNT O => nO(trong X) = 2nCO2 + nH2O – 2nO2 = 0,3

=> CTPT chung cho 2 ancol là C2H4O 

=> phải có 1 ancol là CH3OH

Vì 2 phân tử ancol hơn kém nhau không quá 2 nguyên tử C 

=> ancol còn lại là C3H4O

Tỉ lệ 2 mol ancol trong hỗn hợp là 1: 1

=> nCH3OH = nC3H4O = 0,1 (mol)

CH3OH và CH≡C-CH2-OH cho qua CuO nung nóng thu được HCHO và CH≡C-CHO

HCHO + 4AgNO3/NH3 → 4Ag

0,1         → 0,4                       (mol)

CH≡C-CHO + 3AgNO3/NH3 → CAg≡C-COONH4 + 2Ag↓

0,1              → 0,3                                                         (mol)

=> nAgNO3 = 0,4 + 0,3 = 0,7 (mol)

=> VAgNO3 = 0,7 : 1 = 0,7 (lít)