Chọn C.

X có nY = 0,2mol và nH2 = 0,4 mol . Dẫn hỗn hợp Z qua dung dịch Br2 dư, sau phản ứng hoàn toàn thấy có 0,2 mol Br2 đã phản ứng = số mol Y ban đầu

→ Z có 0,2 mol anken và 0,2 mol H2(H2 chỉ hidro hóa ankin thành anken)

→ mZ = 0,4. M = 0,2.Manken + 0,2.MH2  →  Manken= 42g →  anken là C3H6

→ Y là C3H4

B

Có m_H = m_T → 0,2. M_H = n_T. M_T → n_T = 0,2. 3/4= 0,15 mol

Có n_{H2 pư} = n_H - n_T = 0,2 - 0,15 = 0,05 mol

Có n_X + 2n_Y = 0,05 → n_X + n_Y < 0,05 → 0,2 > n_{H2 ban đầu} > 0,2 - 0,05 = 0,15 mol

0,2 - 0,05> n_{H2 dư} > 0,15- 0,05 → 0,15> n_{H2 dư} > 0,1

Vậy chỉ có B thỏa mãn. Đáp án B

Đáp án D

Với n_Ankin = 0,3 ⇒ Số mol H₂ pứ tối đa = 2n_Ankin = 0,6 mol.

Bảo toàn số mol liên kết π ta có: n_H2 pứ + n_Br2 = 0,6 mol.

⇒ n_H2 pứ = 0,6 – 0,2 = 0,4 mol ⇒ n_H2 dư = 0,1 mol.

⇒ Số mol của B sau phản ứng = n_H2 dư + n_Ankin = 0,4 mol.

⇒ m_B = m_A = n_{Hỗn hợp B} × M_{Hỗn hợp B} = 0,4×16,25×2 = 13 gam

Vậy m_{H2 ban đầu} + m_{Ankin ban đầu} = 13 gam. =>0,5×2 + 0,3×M_Ankin = 13.

=> M_Ankin = 40 ⇒ Ankin đó là Propin 

Đáp án D

Với n_Ankin = 0,3

⇒ Số mol H₂ pứ tối đa

= 2n_Ankin = 0,6 mol.

Bảo toàn số mol liên kết π ta có:

n_H2 pứ + n_Br2 = 0,6 mol.

⇒ n_H2 pứ = 0,6 – 0,2 = 0,4 mol

⇒ n_H2 dư = 0,1 mol.

⇒ Số mol của B sau phản ứng

= n_H2 dư + n_Ankin = 0,4 mol.

⇒ m_B = m_A = n_{Hỗn hợp B} × M_{Hỗn hợp B}

 = 0,4×16,25×2 = 13 gam

Vậy:

m_{H2 ban đầu} + m_{Ankin ban đầu} = 13 gam 

Û 0,5×2 + 0,3×M_Ankin = 13.

Û M_Ankin = 40

⇒ Ankin đó là Propin 

0,6 mol X gồm : \(\left\{{}\begin{matrix}C_nH_{2n-2}:x\left(mol\right)\\H_2:2x\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> x + 2x = 0,6 => x = 0,2 

Vậy: \(\left\{{}\begin{matrix}C_nH_{2n-2}:0,2\left(mol\right)\\H_2:0,4\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Z có phản ứng với Br2 -> Z có anken 

nBr2 = 0,2 (mol) 

\(C_nH_{2n-2}+H_2\rightarrow C_nH_{2n}\)

0,2 ........... 0,2 ...... 0,2 (mol) 

\(C_nH_{2n}+Br_2\rightarrow C_nH_{2n}Br_2\)

0,2 ......... 0,2 ...... 0,2 (mol) 

Vậy Z gồm: \(\left\{{}\begin{matrix}H_2dư:0,4-0,2=0,2\left(mol\right)\\C_nH_{2n}:0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

dZ/H2 = 11 => MZ = 22 

Ta có: 

\(\dfrac{0,2.2+0,2.14n}{0,2+0,2}=22\)

\(\Rightarrow n=3\)

\(Y:C_3H_4\)

Đáp án B

hhM gồm C_nH_{2n - 2} và H₂ có d_M/CH4 = 0,6.

Nung M với Ni → hhN có _N/CH4 = 1.

• Ta có hhN có M = 16 → H₂ dư.

Đặt n_{CnH2n - 2} x mol và H₂ y mol.


Vì phản ứng xảy ra hoàn toàn → hhN gồm C_nH_{2n + 2} x mol và H₂ dư (y - 2x) mol.

Từ (*), (**) → y = 4x → n = 3 → CH≡C-CH₃ → metylaxetilen

\(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_nH_{2n-2}}+n_{H_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\\n_{C_nH_{2n-2}}=n_{H_2}\end{matrix}\right.\)

=> \(n_{C_nH_{2n-2}}=n_{H_2}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{H_2\left(pư\right)}=0,4-\dfrac{6,72}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

Bảo toàn liên kết: \(2.n_{C_nH_{2n-2}}=n_{H_2\left(pư\right)}+n_{Br_2}\)

=> \(n_{Br_2}=0,3\left(mol\right)\)

=> B

Chọn C

 C₃H₄

M ¯ z   =   16 , 75 . 2   =   33 , 5 , nên có 2 trường hợp có thể xảy ra (do phản ứng xảy ra hoàn toàn):

+ TH1: Nếu ankin dư, H₂ hết thì ankin phải có khối lượng mol nhỏ hơn 33,5 và ankan tương ứng phải có khối lượng mol lớn hơn 33,5.

Khi đó không có ankin nào thỏa mãn

+ TH2: Nếu ankin hết và H₂ dư thì hỗn hợp Z gồm H₂ và ankan C_nH_2n+2. Chọn 1 mol hỗn hợp X ban đầu thì m_X = m_Z = 6,7.2 = 13,4 ⇒ n_Z = 0,4  ⇒ n H 2 ( p h ả n   ứ n g )   =   0 , 6  

⇒ n a n k a n   =   n H 2 ( p h ả n   ứ n g )   .   0 , 5   =   0 , 3

⇒ Z chứa 0,1 mol H₂ nên 0,1.2+0,3(14n+2) = 13,4

Tìm được n = 3 khi đó ankin cần tìm là C₃H₄.

Đáp án C