Đáp án : A

Ta có nX=0,18 mol mà trong X chỉ có C2H2 tác dụng với AgNO3 trong NH3=>n C2H2=n kết tủa =0,03 mol.

Lại có trong X co C2H4 tác dụng với dd Br2 =>nC2H4=m ( khối lượng bình 2

tăng )=1,68:28=0,06mol

=>nCH4 = NX - nC2H4 - nC2H2 = 0,18 - 0,06 - 0,03 = 0,09 mol

=> 0,672 lít; 1,344 lít; 2,016 lít.   

Đáp án : A

Ta có nX=0,18 mol mà trong X chỉ có C2H2 tác dụng với AgNO3 trong NH3=>n C2H2=n kết tủa =0,03 mol.

Lại có trong X co C2H4 tác dụng với dd Br2 =>nC2H4=m ( khối lượng bình 2

tăng )=1,68:28=0,06mol

=>nCH4 = NX - nC2H4 - nC2H2 = 0,18 - 0,06 - 0,03 = 0,09 mol

=> 0,672 lít; 1,344 lít; 2,016 lít.  

\(C_2H_2 + 2AgNO_3 + 2NH_3 \to Ag_2C_2 + 2NH_4NO_3\\ n_{C_2H_2} = n_{Ag_2C_2} = \dfrac{7,2}{240} = 0,03(mol)\\ \Rightarrow V_{C_2H_2} = 0,03.22,4 = 0,672(lít)\\ C_2H_4 + Br_2 \to C_2H_4Br_2\\ n_{C_2H_4} = \dfrac{1,68}{28} = 0,06(mol)\\ \Rightarrow V_{C_2H_4} = 0,06.22,4 = 1,344(lít)\\ \Rightarrow V_{CH_4} = 4,032-0,672-1,344 = 2,016(lít)\)

Bài toán trên có thể tóm tắt theo sơ đồ sau:

Yêu cầu cần tính khối lượng khí thoát ra trong khi biết khối lượng đầu và khối lượng bị giữ lại, vì thế đơn giản là áp dụng bảo toàn khối lượng ta được:

a)

C₂H₂ + 2AgNO₃ + 2NH₃ --> C₂Ag₂ + 2NH₄NO₃

C₃H₆ + Br₂ --> C₃H₆Br₂ 

b) 

\(n_{C_2Ag_2}=\dfrac{3,6}{240}=0,015\left(mol\right)\)

=> n_C2H2 = 0,015 (mol)

\(m_{tăng}=m_{C_3H_6}=2,1\left(g\right)\)

=> \(n_{C_3H_6}=\dfrac{2,1}{42}=0,05\left(mol\right)\)

\(n_{C_2H_6}=\dfrac{0,784}{22,4}=0,035\left(mol\right)\)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_6}=\dfrac{0,035}{0,035+0,05+0,015}.100\%=35\%\\\%V_{C_3H_6}=\dfrac{0,05}{0,035+0,05+0,015}.100\%=50\%\\\%V_{C_2H_2}=\dfrac{0,015}{0,035+0,05+0,015}.100\%=15\%\end{matrix}\right.\)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{C_2H_6}=\dfrac{0,035.30}{0,035.30+0,05.42+0,015.26}.100\%=29,661\%\\\%m_{C_3H_6}=\dfrac{0,05.42}{0,035.30+0,05.42+0,015.26}.100\%=59,322\%\\\%m_{C_2H_2}=\dfrac{0,015.26}{0,035.30+0,05.42+0,015.26}.100\%=11,017\%\end{matrix}\right.\)

c)

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{5}{100}=0,05\left(mol\right)\)

Bảo toàn C: \(n_{CaCO_3}+2.n_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=0,25\left(mol\right)\)

=> \(n_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=0,1\left(mol\right)\)

Bảo toàn Ca: \(n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,15\left(mol\right)\)

=> \(V_{dd.Ca\left(OH\right)_2}=\dfrac{0,15}{1}=0,15\left(l\right)=150\left(ml\right)\)

PTHH: \(CH_4+2O_2\xrightarrow[]{t^o}CO_2+2H_2O\)

Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{1,68}{22,4}=0,075\left(mol\right)=n_{CH_4}\)

Đặt \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=a\left(mol\right)\\n_{C_2H_2}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow a+b=\dfrac{5,04}{22,4}-0,075=0,15\)  (1)

PTHH: \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

            \(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

Theo PTHH: \(28a+26b=4,1\)  (2)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=n_{C_2H_4}=0,1\left(mol\right)\\b=n_{C_2H_2}=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Mặt khác: \(n_{hh}=\dfrac{5,04}{22,4}=0,225\left(mol\right)\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH_4}=\dfrac{0,075}{0,225}\cdot100\%\approx33,33\%\\\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,1}{0,225}\cdot100\%\approx44,44\%\\\%V_{C_2H_2}=22,23\%\end{matrix}\right.\)

làm hộ e bài  1 thôi nhé 

PTHH: \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

a) Ta có: \(n_{C_2H_4}=\dfrac{9,1}{28}=0,325\left(mol\right)=n_{Br_2}\) \(\Rightarrow V_{Br_2}=\dfrac{0,325}{2}=0,1625\left(l\right)=162,5\left(ml\right)\)

b) Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=0,325\left(mol\right)\\n_{CH_4}=\dfrac{13,44}{22,4}-0,325=0,275\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow m_{hh}=9,1+0,275\cdot16=13,5\left(g\right)\)

c) PTHH: \(CH_4+2O_2 \underrightarrow{t^o} CO_2+2H_2O\)

                \(C_2H_4+3O_2 \underrightarrow{t^o} 2CO_2+ 2H_2O\)

Theo các PTHH: \(\Sigma n_{O_2}=2n_{CH_4}+3n_{C_2H_4}=1,525\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{O_2}=1,525\cdot22,4=34,16\left(l\right)\)

Đồng nhất dữ kiện các phần để tiện tính toán, bằng cách nhân khối lượng Br₂ với 2. Bình H₂SO₄ đặc hấp thụ H₂O, bình KOH đặc hấp thụ CO₂. Khối lượng bình tăng chính là khối lượng khí hoặc hơi mà bình đó hấp thụ

Vì bay hơi chỉ có nước, mà A tác dụng được với NaOH nên A chỉ chứa gốc phenol hoặc gốc cacboxylic (–COOH).

BTKL:

m_Y + m_O2 = m_CO2 + m_Na2CO3 + m_H2O => m_O2 = 12,8g => n_O2 = 0,4mol

BTNT O: n_O(Y) + 2n_O2 = 2n_CO2 + 3n_Na2CO3 + n_H2O

=> n_O(Y) = 0,4

=> n_C : n_H: n_O: n_Na = 0,4 : 0,6 : 0,4 : 0,2 = 2:3:2:1

=> C₂H₃O₂Na => A: C₂H₄O₂

(Vì A chứa gốc phenol (–OH) hoặc axit (–COOH) nên 1Na sẽ thế 1H).