n_Br2 = 8 : 160 = 0,05 = n_X ⇒ X là anken: CnH2n (n ≥ 2)

C_nH_2n + Br₂ → C_nH_2nBr₂

M_{dẫn xuất} = 2.80 : 69,56% = 230

⇒  14n + 2.80 = 230⇒  n = 5 : X là C₅H₁₀.

Đáp án C.

Giả sử hidrocacbon là anken, suy ra sản phẩm là C n H 2 n B r 2 .

⇒ n = 5 → C 5 H 10

⇒ Chọn C.

\(n_{Br_2} = \dfrac{8}{160} = 0,05 = n_X \)

Suy ra: CTHH của X là \(C_nH_{2n}\)

\(C_nH_{2n} + Br_2 \to C_nH_{2n}Br_2\\ \%Br = \dfrac{160}{14n+160}.100\% = 69,56\%\\ \Rightarrow n = 5\)

Vậy CTCT của X :

\(CH_2=CH-CH_2-CH_2-CH_3\\ CH_2=CH-CH(CH_3)-CH_3\\ CH_2=C(CH_3)-CH_2-CH_3\\ CH_3-CH=CH-CH_2-CH_3(*)\\ CH_3-C(CH_3)=CH-CH_3\\ \)

Chất (*) có hai đồng phân hình học : -cis,-trans 

Vậy có 6 đồng phân của X 

\(n_{Br_2} = \dfrac{3,2}{160} = 0,02 = 2n_X \)

Suy ra CTHH của X : \(C_nH_{2n-2}\)

\(C_nH_{2n-2} + 2Br_2 \to C_nH_{2n-2}Br_4\\ \%Br = \dfrac{80.4}{14n-2+80.4}.100\% = 92,48\%\\ \Rightarrow n = 2\)

\(C_2H_2 + 2Br_2 \to C_2H_2Br_4\\ n_{Br_2} = 2n_{C_2H_2} = 2.\dfrac{10,4}{26} = 0,8(mol)\\ \Rightarrow V = \dfrac{0,8}{2} = 0,4(lít)\)

Giả sử mol CO₂ pứ là: x và y (mol)

CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃↓ + H₂O

x          → x                 x

2CO₂ + Ca(OH)₂ → Ca(HCO₃)₂

y          → 0,5y            0,5y

Ca(HCO₃)₂ + Ba(OH)₂ → CaCO₃↓ + BaCO₃↓ + 2H₂O

0,5y     →                           0,5y         0,5y

b.

A có CTPT là: C₁₀H₁₄. Vậy nên trong A: số vòng + số pi =  4

A lại không tác dụng với KMnO4 nên liên kết pi chỉ có thể trong vòng → có vòng benzen A tạo 1 monoclo duy nhất nên A chỉ có thể là: CH₃–C(CH₃)(C₆H₅)–CH₃

Gọi công thức của ba hiđrocacbon đó là : C x H y ,   C a H b ,   C n H m

Khi đốt ta có :

Vì số mol  CO 2  tạo ra bằng 2 lần số mol hiđrocacbon đem đốt. Vậy theo phương trình hoá học của phản ứng cháy

→ X = a = n = 2.

Mặt khác : A không làm mất màu nước brom → không có liên kết đôi hoặc ba. Vậy A là CH 3  -  CH 3

1 mol B chỉ tác dụng tối đa với 1 mol brom → có 1 liên kết đôi.

Vậy B là  CH 2  =  CH 2

1 mol C tác dụng tối đa với 2 mol brom → có liên kết ba.

Vậy C là CH ≡CH.

Đáp án B

khi đốt cháy X thì thu được 0,5 mol H2Ovà x mol CO₂

Bảo toàn khối lượng cho phản ứng này ta có

    m + 0,77.32 = 0,5 .18 + 44x(1)

Bảo toàn nguyên tố O cho phản ứng này ta có n_O(X) + 0,77.2 =0,5 + 2x(2)

Khi cho X tác dụng với KOH thì n_X= n_O(X)/6

Nên m + 56.3. n_O(X)/6 = 9,32 + 92.n_O(X)/6(3)

Giải 1,2,3 ta được m=8,56; x=0,55 mol và n_O(X)=0,06 mol

X có số mol là 0,01 mol và có số mol C là 0,55 mol và H : 1 mol nên X có CTHH là C₅₅H₁₀₀O₆  có số liên kết pi là 6 liên kết

Khi X tác dụng với Br₂ thì chỉ có khả năng tác dụng vào 3 liên kết pi (do 3 lk pi còn lại bền ở este)

Suy ra a = 0,12 :3 =0,04 mol

Chọn đáp án C

X C 3 H 5 O O C R 3 + O 2 → t 0 C O 2 + H 2 O

C 3 H 5 O O C R 3 + 3 K O H → t 0 3 R C O O K + C 3 H 5 O H 3