\(n_{Fe}=0,05\left(mol\right)\\ Fe+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2\)

Từ PTHH suy ra nFe=nFeSO4=0,05(mol)

Gọi CT tinh thể là FeSO4.nH2O

Co nFeSO4=nFeSO4.nH2O=> \(M_{FeSO_4.nH_2O}=\dfrac{13,9}{0,05}=152+18n=278\Rightarrow n=7\\ \Rightarrow\)

CT tinh thể là FeSO4.7H20

Vì bay hơi hết nước mới có tinh thể nên số mol muối bằng số mol tinh thể

Đáp án A

Nhận thấy các đáp án đều là muối X có dạng RHCO₃

Ta có m_MHCO3 = 0,0625×316= 19,75 gam

2RHCO₃ + H₂SO₄ → R₂SO₄ + 2CO₂ + 2H₂O

19,75 gam ------------- 16,5 gam

Gọi số mol của RHCO₃ là x mol → m_RHCO3 - m_R2SO4 =61x-48x= 3,25 → x = 0,25 → M_Muối = 79 → M_R = 18 (NH₄). Loại B,D

Khi phản ứng với HNO₃ thì n_muối = n_RHCO3= 0,15 mol

→ M_muối = 47 : 0,025= 188 (NH₄NO₃.6H₂O)

Phải sửa lại đề thành 2,31 mới có thể giải ra đáp án

Gọi CTHH của A là R(HCO₃)_n

2R(HCO₃)_n + nH₂SO₄ → R₂(SO₄)_n + 2nCO₂ + 2nH₂O

       a                                     0,5a

m_R(HCO3)n = a.(R + 61n) = 2,765 gam (1)

m_R2(SO4)n = 0,5a.(2R + 96n) = 2,31 gam (2)

Chia hai vế của (1) và (2) cho nhau, có

(R + 61n)/[0,5(2R + 96n)] = 2,765/2,31

→ R = 18n

n = 1 → R = 18, vậy R là NH₄, muối là NH₄HCO₃

15,8 gam NH₄HCO₃ → n_NH4HCO3 = 0,2 mol

NH₄HCO₃ + HNO₃ → NH₄NO₃ + CO₂ + H₂O

→ n_NH4NO3 = 0,2 mol → m_NH4NO3 = 16 gam < 37,6 gam muối B

→ B là muối ngậm nước, có dạng là NH₄NO₃.nH₂O

n_B = n_NH4NO3 = 0,2 mol

→ M_B = 37,6/0,2 = 188 g/mol → 80 + 18.n = 188 → n = 6

Vậy muối B là NH₄NO₃.6H₂O

Gọi hóa trị của A là n(n\(\in\)Z;n>0)

\(n_{H_2SO_4}=0,15.0,2=0,03mol\\ A_2O_n+nH_2SO_4\rightarrow A_2\left(SO_4\right)_n+nH_2O\\ \Rightarrow\dfrac{2,4}{2A+16n}=\dfrac{0,03}{n}\Leftrightarrow0,06A+0,48b=2,4n\\ \Leftrightarrow0,06A=2,4n-0,48n\\ \Leftrightarrow0,06A=1,92n\\ \Leftrightarrow A=32n\)

Vậy kim loại A là đồng, Cu

\(n_{CuO}=\dfrac{2,4}{80}=0,03mol\\ CuO+H_2SO_4\rightarrow CuSO_4+H_2\\ n_{CuSO_4}=n_{CuO}=0,03mol\\ m_{CuSO_4}=0,03.160=4,8g\\ CTHH\left(B\right):CuSO_4.xH_2O\\ m_{H_2O.được.ngậm}=7,5-4,8=2,7g\\ \Rightarrow0,03.18x=2,7g\\ \Rightarrow x=5\\ \Rightarrow CTHH\left(B\right):CuSO_4.5H_2O\)

\(n_{XCl_3}=\dfrac{a}{M_X+106,5}\left(mol\right)\)

PTHH: 2X + 6HCl --> 2XCl₃ + 3H₂

=> \(n_X=\dfrac{a}{M_X+106,5}\left(mol\right)\)

\(n_{X_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{b}{2.M_X+288}\left(mol\right)\)

PTHH: 2X + 3H₂SO₄ --> X₂(SO₄)₃ + 3H₂

=> \(n_X=\dfrac{b}{M_X+144}\left(mol\right)\)