Question

X, Y, Z là 3 este đều đơn chức, mạch hở (trong đó Y và Z không no chứa một liên kết C = C và có tồn tại đồng phân hình học). Đốt cháy 21,62 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z với oxi vừa đủ, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)₂ dư thấy khối lượng dung dịch giảm 34,5 gam so với trước phản ứng. Mặt khác, đun nóng 21,62 gam E với 300 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), thu được hỗn hợp F chỉ chứa 2 muối và hỗn hợp gồm 2 ancol kế tiếp thuộc cùng dãy đồng đẳng. Khối lượng của muối có khối lượng phân tử lớn hơn trong hỗn hợp F là 

A. 8,64 gam

B. 9,72 gam

C. 4,68 gam

D. 8,10 gam

Answer 1

Đáp án A.

21,62 gam E (este đều đơn chức) + vừa đủ 0,3 mol NaOH → n_{COO trong E} = 0,3 mol
Giải đốt 21,62 gam E ⁰,3 mol) + O₂ → t o x mol CO₂ + y mol H₂O.
(CO₂ + H₂O) + Ca(OH)₂ dư có Δm_{dung dịch giảm} = 56x – 18y = 34,5 gam.
Lại có m_E = 12x + 2y + 0,3 × 32 = 21,62 gam → giải x = 0,87 mol và y = 0,79 mol.
→ tương quan ∑n_CO2 – ∑n_H2O = n_{Y + Z} = 0,08 mol → n_X = 0,22 mol.
Mặt khác: Y, Z không no và thủy phân cho ancol nên số C_{Y, Z} ≥ 4.
Chặn số C_{trung bình của X} < ( 0,87 – 0,08 × 4) ÷ 0,22 = 2,5 → số C_X = 2 hay X là HCOOCH₃.
Biện luận: hai ancol đồng đẳng nên ancol còn lại là C₂H₅OH.
Thủy phân E chỉ cho 2 muối mà 1 muối là HCOONa (no rồi)
→ 1 muối còn lại phải là không no 1 C=C là gốc axit của Y và Z.
nghĩa là Y là C_nH_{2n – 1}COOCH₃ và Z là C_nH_{2n – 1}COOC₂H₅ (Y, Z đồng đẳng kế tiếp)
Đơn giản, tính lại số C_{trung bình Y, Z} = (0,87 – 0,22 × 2) ÷ 0,08 = 5,375
→ số C_Y = 5 và số C_Z = 6. → muối lớn trong F là 0,08 mol C₃H₅COONa ⇄ m_{yêu cầu} = 8,64 gam