a/vì BD\(\perp\) AC nên ^HDA=900
CE\(\perp\)AB nên ^HEA=900
Mà ^HDA+^HEA=900+900=1800
\(\Rightarrow\)tứ giác ADHE nội tiếp (tổng 2 góc đối bằng 1800)
b/Có ^CDB=^CEB=900
\(\Rightarrow\)Tứ giác CDEB nội tiếp (hai đỉnh kề nhau D,E bằng nhau cùng nhìn cạnh BC)
c/ta có ^ACB là góc nội tiếp nên ^ACB=\(\dfrac{1}{2}\)sđ cung nhỏ AB
=>500=\(\dfrac{1}{2}\) sđ cung nhỏ AB =>sđ cung nhỏ AB=100
Cho 2 số dương a,b thỏa mãn: \((a+b)(a+b-1)=a^2+b^2\) . Tính GTLN của biểu thức:
\(Q=\frac{1}{a^4+b^2+2ab^2}+\frac{1}{b^4+a^2+2a^2b}\)
Áp dụng BĐT AM-GM ta có:
\(a^4+b^2+2ab^2\ge2\sqrt{a^4b^2}+2ab^2=2a^2b+2ab^2\)
\(b^4+a^2+2a^2b\ge2\sqrt{a^2b^4}+2a^2b=2ab^2+2a^2b\)
\(\Rightarrow Q\le\dfrac{1}{2a^2b+2ab^2}+\dfrac{1}{2ab^2+2a^2b}\)
Lại có: \(\left(a+b\right)\left(a+b-1\right)=a^2+b^2\)
\(\Leftrightarrow a^2+2ab-a+b^2-b=a^2+b^2\)
\(\Leftrightarrow2ab=a+b\ge2\sqrt{ab}\)\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}ab\ge1\\a+b\ge2\sqrt{ab}\ge2\end{matrix}\right.\)
Khi đó \(Q\le\dfrac{1}{2a^2b+2ab^2}+\dfrac{1}{2ab^2+2a^2b}\le\dfrac{1}{4}+\dfrac{1}{4}=\dfrac{1}{2}\)
Đẳng thức xảy ra khi \(a=b=1\)
Cho 3 điểm cố định P, N, M theo thứ tự đó. Một đường tròn (O) thay đổi luôn đi qua 2 điểm M, N. Từ P kẻ các tiếp tuyến PA, PB tới (O). Gọi K là trung điểm MN, BK cắt (O) ở F.
a) CMR các tứ giác APOK và APBK nội tiếp được đường tròn
b) CMR: PB2 = PM.PN và AF // MN.
c) CMR: Khi (O) thay đổi nhưng vẫn đi qua M, N thì A, B vẫn thuộc 1 đường tròn cố định. Gọi giao điểm của AB với PO, PM là I, J. Chứng minh đường tròn ngoại tiếp \(\Delta\)OIJ luôn đi qua 2 điểm cố định.
d) Cho góc APB = \(\alpha\). Tính bán kính đường tròn nội tiếp \(\Delta\)PAB theo \(\alpha\) và bán kính R của (O) và chứng minh rằng PM.JN = PN.JM
♥ ♥ ♥ Không cần vẽ hình đâu ạ ♥ ♥ ♥
cho x,y là số thực không âm
Tìm Max P = \(\frac{\left(x^2-y^2\right)\left(1-x^2y^2\right)}{\left(1+x^2\right)^2\left(1+y^2\right)^2}\)
giúp mình với!
\(\Delta\)'=(-(3m+1))2-2m2+2m+19
=9m2+6m+1-2m2+2m+19
=7m2+8m+20
=3m2+(4m2+8m+4)+16
=3m2+(2m+2)2+16>0\(\forall\)m
=>phương trình luôn có hai nghiệm phân biệt với mọi m.
Cho tam giác ABC có A là một góc vuông. D là một điểm nằm trên cạnh AB. Đường Tròn đường kính BD cắt BC tại E. Các đường thẳng CD;AE lần lượt cắt đường tròn tại các điểm thứ hai F và G.
a) Chứng minh CAFB nội tiếp
b) Chứng minh AB.ED=AC.EB
c) Chứng tỏ AC//FG
d) Chứng minh AC;DE;BF đồng quy
Giúp em vẽ hình với giải nữa !!
Cho a,b,c >0 thỏa mãn : a+b+c =1
Chứng minh rằng :(1+ \(\dfrac{1}{a}\))(1+\(\dfrac{1}{b}\))(1+\(\dfrac{1}{c}\)) ≥ 64
Giúp mk với !!!!
Ta có
a+1=a+a+b+c>= 4căn4 a^2bc
b+1=b+..........>=.........ab^2c
c+1=c...........>=..........abc^2
=> (a+1)(b+1)(c+1)/abc>= 64abc/abc ( nhân cho 1/abc)
=>(a+1)(b+1)(c+1)/abc >= 64 ( đpcm)
Chúc bạn học tốt!
a,b,c >1
tìm min P=\(\dfrac{a^2}{a-1}+\dfrac{2b^2}{b-1}+\dfrac{3c^2}{c-1}\)
Áp dụng bất đẳng thức cô si cho hai số thực không âm ta có :
\(\dfrac{a^2}{a-1}+4\left(a-1\right)\ge2\sqrt{\dfrac{a^2}{a-1}\times4\left(a-1\right)}=4a\) (1)
\(\dfrac{2b^2}{b-1}+8\left(b-1\right)\ge2\sqrt{\dfrac{2b^2}{b-1}\times8\left(b-1\right)}=8b\) (2)
\(\dfrac{3c^2}{c-1}+12\left(c-1\right)\ge2\sqrt{\dfrac{3c^2}{c-1}\times12\left(c-1\right)}=12c\) (3)
Cộng (1),(2) và (3) vế theo vế ta được :\(P+4a+8b+12c-24\)\(\ge4a+8b+12c\)
\(\Leftrightarrow P\ge24\)
Dấu "=" xảy ra khi :a=b=c=2
Vậy giá trị nhỏ nhất của P=\(\dfrac{a^2}{a-1}+\dfrac{2b^2}{b-1}+\dfrac{3c^2}{c-1}\) là 24 khi a=b=c=2
P=\(\dfrac{a^2-1+1}{a-1}+\dfrac{2b^2-2+2}{b-1}+\dfrac{3c^2-3+3}{c-1}\)
=\(\left(a+1+\dfrac{1}{a-1}\right)+\left(2\left(b+1\right)+\dfrac{2}{b-1}\right)+\left(3\left(c+1\right)+\dfrac{3}{c-1}\right)\)
=\(\left(a-1+\dfrac{1}{a-1}\right)+\left(2\left(b-1\right)+\dfrac{2}{b-1}\right)+\left(3\left(c-1\right)+\dfrac{3}{c-1}\right)+12\)áp dụng cosi là đc
2 tỉnh A và B cách nhau 300km.Cùng một lúc ô tô đi từ A đến B và xe máy đi từ B về A,2 xe gặp nhau tại C.Từ C đến B ô tô đi hết 2 giờ,từ C ->A xe máy đi hết 4giờ 30'.Tính vận tốc của xe máy và ô tô biết rằng trên đoạn đường AB 2 xe chạy với vận tốc ko đổi va vận tốc của ô tô gấp rưỡi vận tốc của xe máy
Cho tam giác ABC vuông tại A, AH là đường cao, AM là đường trung tuyến .(H;HA) cắt tia AB tại D và tia AC tại E
a/ Chứng minh ba điểm D,H,E thẳng hàng
b/ Chứng minh MA vuông góc DE
c/ giả sử góc C bằng 30 độ ,AB = 4cm. tính diện tích tam giác HAC.
a.Vì \(\Delta ADE\) vuông tại A nên tâm đường tròn ngoại tiếp \(\Delta ADE\) là trung điểm của DE.
Mà H là tâm đường tròn ngoại tiếp \(\Delta ADE\)
=> H là trung điểm của DE.
=>D,H,E thẳng hàng
b. \(\Delta ABC\) vuông tại A có: góc ABC+góc ACB=90
\(\Delta AHB\) vuông tại H có: góc ABC+góc BAH=90
=> góc ACB=góc BAH(1)
\(\Delta ADE\) vuông tại A có: AH=HD
=>\(\Delta AHD\)cân tại H
=>góc BAH=góc HDA(2)
Từ (1);(2) ta có: góc ACB= góc HDA (3)
\(\Delta ABC\) vuông tại A có: MA=MC =>\(\Delta MAC\) cân tại M => góc ACB= góc MAC (4) Từ (3),(4) ta có: góc MAC=góc HDA Gọi I là giao điểm của ED và AM \(\Delta ADE\) vuông tại A có: góc HDA+góc AED=90 => góc MAC+góc AED=90 =>\(\Delta AIE\) vuông tại I Hay AM\(\perp\)ED c. \(\Delta ABC\) vuông tại A có: AC=AB.tanACB=4.tan 30=\(\dfrac{4\sqrt{3}}{3}\)(cm) \(\dfrac{1}{AH^2}=\dfrac{1}{AB^2}+\dfrac{1}{AC^2}=\dfrac{1}{4^2}+\dfrac{1}{\dfrac{\left(4\sqrt{3}\right)^2}{3^2}}=\dfrac{1}{4}\) =>AH=2(cm) \(\Delta AHC\) vuông tại H có: \(AH^2+HC^2=AC^2\) \(\Rightarrow2^2+HC^2=\left(\dfrac{4\sqrt{3}}{3}\right)^2\) \(\Rightarrow HC^2=\dfrac{4}{3}\) \(\Rightarrow HC=\dfrac{2\sqrt{3}}{3}\)(cm) \(\Rightarrow S_{\Delta AHC}=\dfrac{1}{2}AH.HC=\dfrac{1}{2}.2.\dfrac{2\sqrt{3}}{3}=\dfrac{2\sqrt{3}}{3}\)(cm2) tick cho mình nhé