b) 2CuO+C→2Cu+CO₂

CO₂+Ba(OH)₂→BaCO₃+H₂O

CuO+2HCl→CuCl₂+H₂O

CuCl₂+2NaOH→Cu(OH)₂+2NaCl

Cu(OH)₂→CuO+H₂O

2Cu+O₂→2CuO

4,4g chất rắn D: Cu, CuO dư

\(n_{CO_2}=n_{BaCO_3}=\dfrac{3,94}{197}=0,02\left(mol\right)\)

Gọi số mol CuO ban đầu là x, số mol C là y

Số mol CuO trong D=x-0,02.2=x-0,04mol

số mol Cu trong D= 2.0.02=0,04 mol

80(x-0,04)+64.0,04=4,4 giải ra x=0,063mol

D: CuO: 0,023mol, Cu 0,04mol

Theo PTHH 3,4,5:

Số mol CuO(5)=0,023:2=0,0115mol

m=0,0115.64=0,736g

Theo PTHH 6:

số mol CuO=Số mol Cu=0,04:2=0,02mol

n=0,02.64=1,28g

a,c dễ bạn có thể tự làm

a) dễ thấy \(\widehat{AMC}\) \(=\) \(90^o\) xét (O) có đường kính \(AB\) \(\Rightarrow\) \(\widehat{ANB}\) là góc nội tiếp chắn nửa đường tròn 

\(\Rightarrow\) \(\widehat{ANB}\) \(=90^o\) hay \(\widehat{ANC}\) \(=90^o\) . tứ giác \(ANCM\) có :

\(\widehat{AMC}\) \(+\) \(\widehat{ANC}\) \(=90^o+90^o=180^o\) \(\Rightarrow\) tứ giác \(ANCM\)  nội tiếp 4 điểm \(A,N,C,M\) cùng \(\in\) 1 đường tròn

b) vì \(AB\) là đường kính của (O) \(\Rightarrow\) \(\stackrel\frown{AB}\) \(=180^o\)

mà \(I\) là điểm chính giữa của \(\stackrel\frown{AB}\) 

\(\Rightarrow\) \(A=\dfrac{\stackrel\frown{AB}}{2}\) \(=\dfrac{180^o}{2}=90^o\)

có \(\widehat{ANI}\) là góc nội tiếp chắn \(\stackrel\frown{IA}\) 

\(\Rightarrow\) \(\widehat{ANI}\) \(=\dfrac{1}{2}\) ; \(A=\dfrac{1}{2}.90^o\) \(=45^o\) hay \(\widehat{ANM}\) \(=45^o\) . mặt khác ,   tứ giác \(ANCM\) nội tiếp \(\Rightarrow\) \(\widehat{ANM}\) \(=\) \(\widehat{ACM}\) mà \(\widehat{ANM}\) \(=45^o\) \(\Leftrightarrow\) \(\widehat{ACM}\) \(=45^o\) lại có \(\Delta ACM\) cuông tại \(M\) \(\Rightarrow\) \(\Delta ACM\) vuông cân tại \(M\) 

\(\Rightarrow\) \(AM=CM\)

c) kẻ đường kính \(ID\) của (O) :

có : \(MN=IN-IM\) mà \(IN\) là dây của (O) nên hiển nhiên \(IN\le ID\) nhưng do \(IN\) không qua (O) nên \(IN< ID\) ₍₁₎ , dễ dàng chứng minh \(IO\perp AB\) tại \(O\) 

do vậy : \(\Delta IOM\) vuông tại (O) \(\Rightarrow\) \(IM>IO\) ( không xảy ra dấu " = " vì \(M\) không trùng với \(O\) ) 

\(\Leftrightarrow\) \(-IM< -IO\) ₍₂₎

từ (1) và (2)

\(\Rightarrow\) \(IN-IM< ID-IO\) \(\Leftrightarrow\) \(MN< OD\) \(=R\) 

vậy ta có \(đpcm\)

A là CnH2n+1OH ( n ≥ 1 ) a mol
B là CmH2m - 1OH ( m ≥ 3 ) b mol
nA + nB = 3/( 14n + 18 ) + 2,9/( 14m + 16 ) = 2 . nH2 = 0,1 mol
mA + mB = 5,9
M trung bình = 5,9/0,1 = 59.
Trường hợp 1: n = 1 loại
Trường hợp 2: n = 2 loại
Trường hợp 3: m = 3 → n = 3
Vậy A là C3H7OH , B là C3H5OH ( CH2 = CH - CH2 - OH )

Gọi H là tâm của tam giác ABC ( khi đó H là trọng tâm, trực tâm của tam giác ABC).

Do hình chóp S.ABC là hình chóp tam giác đều nên SH ⊥ (ABC)

\(AN=\sqrt{AB^2-BN^2}\) \(=\) \(\sqrt{\left(3a\right)^2-\left(\dfrac{3a}{2}\right)^2}\) \(=\) \(\dfrac{3a\sqrt{3}}{2}\)

Vậy khoảng cách từ S đến (ABC ) là a.

\(n_{Mg}=\dfrac{4,8}{24}=0,2\left(mol\right)\)

\(PTHH:\)

\(M_g+2CH_3COOH\rightarrow M_g\left(CH_3COO\right)_2+H_2\)

\(0,2\rightarrow0,4\)                \(\rightarrow0,2\)                      \(\rightarrow0,2\left(mol\right)\)

\(a,\) \(C_{MCH_3COOH}=\dfrac{0,4}{0,2}=2\left(M\right)\)

\(b,\) \(m_{Mg\left(CH_3COO\right)_2}=142.0,2=28,4\left(g\right)\)

\(c,\) \(sửa\) \(:\) \(thu\) \(được\) \(9,2g\) \(este\)

\(n_{CH_3COOC_2H_5}=\dfrac{9,2}{88}=0,1\left(mol\right)\)

              \(CH_3COOH+C_2H_5OH\rightarrow CH_3COOC_2H_5+H_2O\)

\(thực\) \(ra:\)        \(0,2\)                                         \(0,1\)               \(\left(mol\right)\)

\(k\)/\(thức\) \(:\)          \(0,1\)                                         \(0,1\)               \(\left(mol\right)\)

\(H=\dfrac{0,1}{0,2}.100=50\%\)