a ,Bấm máy tính ta có :

A=4064225

B=2016² =4064256

=>A<B

b , b tương tự

==============

Đùa tí thôi , chớ ném đá , gạch , xi măng ,... ha

PTHH : 2R + O₂ -> 2RO

n_R = \(\dfrac{7,2}{M_R}\) (mol)

Theo PTHH , n_R = n_RO =\(\dfrac{7,2}{M_R}\) (mol)

=> m_RO =\(\dfrac{7,2}{M_R}\). (M_R + 16) = 13

=>\(7,2+\dfrac{115,2}{M_R}=12\Rightarrow M_R=24\left(đvC\right)\)

Mà R hóa trị II => R là Mg ( magie)

-Trích các mẫu thử

- Cho nước vào các mẫu thử

+ Mẫu thử tan tạo dung dịch đục là CaO

Cao + H₂O -> Ca(OH)₂

+Mẫu thử tan tạo dung dịch trong suốt là Na₂O

Na₂O + H₂O -> 2NaOH

+ Mẫu thử không tan là SiO₂ , Al₂O₃ , Fe₂O₃ .

- Dùng NaOH loãng để nhân biết 3 mẫu thử không tan còn lại - cho dung dịch NaOH loãng vào các mẫu thử

+ Mẫu thử tan trong dung dịch NaOH loãng là Al₂O₃

PTHH : Al₂O₃ + 2NaOH -> 2NaAlO₂ + H₂O
+ Mẫu thử không tan trong NaOH loãng là SiO₂ , Fe₂O₃

- Cho 2 mẫu thử không tan còn lại tác dụng với NaOH ( đặc nóng)

+ Mẫu thử tan trong NaOH đặc nóng là SiO₂

PTHH : SiO₂ + 2NaOH_(đ,n) - t⁰->Na₂SiO₃ + H₂O

+ Mẫu thử không tan là : Fe₂O₃

.

Chất nào tan trong NaOH đặc nóng là SiO2:
SiO2 + 2NaOH đ (nhiệt độ)=> Na2SiO3 + H2O

Không tan trong NaOH đặc nóng là Fe2O3

a,Ta có : V_X + V_Y = V_Z = 300+200=500ml=0,5(l)

PTHH :

CaCO₃ + 2HNO₃ -> Ca(NO₃)₂ + H₂O + CO₂

0,14..........0,28 (mol)

n_CaCO3 = \(\dfrac{14}{100}=0,14\left(mol\right)\)

C_M-HNO3 = \(\dfrac{n}{V}=\dfrac{0,28}{0,5}=0,56\left(M\right)\)

b , Gọi x,y lần lượt là C_M(X) và C_M(Y) (x,y>0)

Khi đó : n_{X -HNO3} = 0,2x (mol) , n_Y-HNO3 = 0,3y

Ta có : \(\dfrac{V_{H2O}}{V_Y}=\dfrac{3}{1}\) => \(\dfrac{V_{H2O}}{3}=\dfrac{V_Y}{1}=\dfrac{V_{H2O}+V_Y}{4}=\dfrac{V_X}{4}=\dfrac{200}{4}=50\left(ml\right)=0,05\left(l\right)\)

=> V_{H2O - trong X} = 150 (ml) =0,15 (l)và V_{Y-trong X} = 50(ml) =0,05 (l) => n_{HNO3 của Y trong X} =0,05y (mol)

Từ hệ thức trên , ta suy ra : 0,2x=0,05y (*)

=>\(\Sigma_{Z\left(HNO3\right)}\) = 0,2x+0,3y=0,05y+0,3y=0,35y=0,28 (mol) =>y=0,8(M) , thay vào (*) => x=0,2 (M)

Vậy \(\left\{{}\begin{matrix}C_{M\left(X\right)}=0,2\left(mol\right)\\C_{M\left(Y\right)}=0,8\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Câu 3 :

-Cho hỗn hợp vào nước , khuấy đều

+ Đường sẽ tan trong nước tạo dung dịch nước đường

+ Bột gạo sẽ không tan , lọc lấy phần không tan , phơi khô ta thu được bột gạo

- Chưng cất hỗn hợp nước đường , đường sẽ đọng lại dưới đáy , hơi nước bay lên ; làm lạnh ta thu được đương

Gọi CT tổng quát của hợp chất a là : C_xO_y (x,y nguyên dương )

Vì khối lượng của nguyên tử cacbon là 0,6 g => khối lượng của nguyên tử oxi là : m_O = 2,2-0,6 =1,6(g)

=> x : y = \(\dfrac{0,6}{12}:\dfrac{1,6}{16}=0,05:0,1=1:2\)

=> Tỉ lệ số nguyên tử cacbon và oxi trong hợp chất là 1:2

a , PTHH :

Fe₂O₃ + 3H₂ -> 2Fe + 3H₂O

0,075......0,225.........0,15 (mol)

CuO + H₂ -> Cu + H₂O

0,1.......0,1......0,1 (mol)

m_Fe2O3 = 20.60%=12(g) => n_Fe2O3 = 0,075(mol)

m_{CuO =} 8 ( g) => n_CuO = 0,1(mol)

m_Fe = 0,15 .56=8,4(g)

m_Cu = 0,1 .64=6,4(g)

b , Tổng số mol H₂ đã tham gia phản ứng là :

\(\Sigma n_{H2}=0,225+0,1=0,325\left(mol\right)\)

Bài 3 :

PTHH : Na₂O + 2HCl -> 2NaCl + H₂O

m_HCl = 100.18,25%=18,25(g)=>n_HCl = 0,5(mol)

n_Na2O = 6,2/62\(=0,1\left(mol\right)\)

Vì 0,1 < 0,5/2 => Na₂O hết , HCl dư . Tính theo n_Na2O

Theo PTHH , n_NaCl = 2n_Na2O = 0,2 (mol) => m_NaCl = 0,2(23+35,5)=11,7 (g)

Theo PTHH , 2n_Na2O = \(n_{HCl}=0,2\left(mol\right)\)

=>m_HCl = 0,2.36,5=7,3(g) => m_{HCl dư} = 18,25 -7,3 =10,95(g)

m_{dung dịch} = 6,2 + 100 = 106,2 (g)

=> C%_NaCl = \(\dfrac{11,7}{106,2}.100\%\)\(\approx10,99\%\)

=> C%_{HCl dư} = \(\dfrac{10,95}{106,2}.100\%\approx10,31\%\)

Ở 20⁰C , trong 100g dung dịch bão hòa có : 100.39,5%=39,5 (g) KBr

Gọi x (g) là khối lượng KBr có thể thêm vào => khối lượng KBr có thể hòa tan trong 100g dung dịch bão hòa ở 20⁰C khi đốt nóng lên 100⁰C là : 39,5+x (g)

Ta có hệ : \(\dfrac{39,5+x}{100+x}.100\%=51\%\)

=>\(\dfrac{39,5+x}{100+x}=0,51\) => x \(\approx23,47\left(g\right)\)

Vậy khối lượng KBr có thể hòa tan trong 100g dung dịch bão hòa ở 20⁰C khi đốt nóng lên 100⁰C là : 39,5+ 23,47 =62,97(g)