Đề kiểm tra 1 tiết chương I : Các loại hợp chất vô cơ-Đề 2

H₂O không thoát ra khỏi dung dịch nên ko bị trừ e nhé

Mình nghĩ là không bởi vì chất kết tủa và bay hơi sẽ tách ra khỏi dd còn nước thì không . Nên chốt là không cần trừ H₂O =)

cho một lượng nhỏ các chất td dd HCl dư, có khí bay ra là K2CO3
K2CO3 + 2HCl --> 2KCl + H2O + CO2

Cho 3 chất còn lại td với BaCl2, có kết tủa trắng => K2SO4
K2SO4 + BaCl2 --> BaSO4 + 2KCl

2 chất còn lại cho td với dd AgNO3, có kết tủa trắng => KCl, còn lại là KNO3
KCl + AgNO3 --> AgCl + KNO3

Trích các mẫu thử

Cho dd HCl vào nhận ra K₂CO₃ tác dụng với HCl tạo khí

Cho dd BaCl₂ vào các mẫu thử còn lại nhận ra K₂SO₄ tác dụng với HCl tạo kết tủa trắng ko tan trong nước và axit

Tiếp theo cho dd AgNO₃ vào để nhận ra KCl có kt trắng,còn KNO₃ ko Pư

Bạn tự viết các PTHH

mai thi gì zậy

N ở đâu ra zậy

trước là SO4 mà sao sau phản ứng lại xuất hiện NO3 hay z

2Fe_xO_y + (6x-2y)H₂SO₄ -> xFe₂(SO₄)₃ + (3x-2y)SO₂ + (6x-2y)H₂O

Na2CO3(x) + 2HCl ---> 2NaCl + CO2(x ) +H2O

K2CO3(y ) + 2HCl ---> 2KCl + CO2(y ) +H2O

Đặt nNa2CO3 = x (mol); nK2CO3 = y (mol)

=> 106x + 138y = 38,2 (1)

nCO2 = 0,3 (mol)

=> x + y = 0,3 (mol) (2)

Từ (1,2) => x = 0,1 (mol) , y = 0,2 (mol)

=> % khối lượng

Theo PTHH: nHCl = 2nCO2 = 0,6 (mol)

\(\Rightarrow m_{ddHCl}=\dfrac{0,6.36,5.100}{10}=219\left(g\right)\)

3.

mdd NaOH = 193,8 + 6,2 = 200 (g)

nNa₂O = 0,1 (mol)

Pt: Na₂O + H₂O ---> 2NaOH

=> nNaOH = 2.nNa₂O = 0,2 (mol)

=> \(C\%_{NaOH}=\dfrac{0,2.40.100}{200}=4\%\)

nCuSO₄ \(=\dfrac{16.200}{100.160}=0,2\left(mol\right)\)

2NaOH + CuSO4 ---> Na₂SO₄ + Cu(OH)₂

0,2.............0,1................0,1...........0,1

Kết tủa là Cu(OH)₂: 0,1 (mol)

=> a = 0,1 . 98 = 9,8 (g)

Dung dịch Y là: CuSO₄ (dư) = 0,2 - 0,1 = 0,1 (mol); Na₂SO₄ = 0,1 (mol)

mddY = mddNaOH + mddCuSO₄ - mCu(OH)₂

= 200 + 200 - 9,8 = 390,2 (g)

=> C%CuSO4 (dư) = 4,1 %

=> C%Na2SO4 = 3,6%

\(n_{CuCl_2}=0,2.0,15=0,03mol\)

CuCl₂+2NaOH\(\rightarrow\)Cu(OH)₂+2NaCl

0,03......0,06...........0,03........0,06

\(m=m_{Cu\left(OH\right)_2}=0,03.98=2,94gam\)

\(C_{M_{NaCl}}=\dfrac{n}{v}=\dfrac{0,06}{0,2+0,3}=0,12M\)

nước vôi có công thức hóa học là Ca(OH)2

khi quét nó lên tường thì nó sẽ tác dụng với không khí trong không khí có CO2 khi tấc dụng với CO2 từ dung dịch không màu sang dung dịch vẩn đục (trắng) sau đó nước bay hơi còn lại màu trắng

CO2+Ca(OH)2==CaCO3+H2O

a) NaOH + HCl -> NaCl + \(H_2O\)

b) MgO + \(CO_2\) -> \(MgCO_3\)

c) CuO + HCl -> \(CuCl_2\) + \(H_2O\)

a) NaOH + HCl -> NaCl +

b) MgO + CO -> MgCO₃

c) CuO + 2HCl -> CuCl + HO

nFeCl3=0,4.0,2=0,08(mol)

PTHH: FeCl3+3NaOH-> Fe(OH)3+3NaCl

(mol) 0,08 ->0,24

CM ddNaOH=\(\dfrac{0,24}{0,2}=1,2M\)

\(n_{F\text{e}Cl_3}=0.4x0.2=0.08\)

Pt: \(F\text{e}Cl_3+3NaOH\rightarrow F\text{e}\left(OH\right)_3+3NaCl\)

0.08 \(-\)2.4

Từ pt ta có: \(n_{NaOH}=2.4mol\)

\(C_M=\dfrac{2.4}{0.2}=12M\)