Ta có: \(n_{Mg}=\dfrac{2,4}{24}=0,1\left(mol\right)\)

PT: \(Mg+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2\)

____0,1_____0,2_____0,1_____0,1 (mol)

a, V_H2 = 0,1.24,79 = 2,479 (l)

b, \(m_{ddHCl}=\dfrac{0,2.36,5}{7,3\%}=100\left(g\right)\)

c, m _{dd sau pư} = 2,4 + 100 - 0,1.2 = 102,2 (g)

\(\Rightarrow C\%_{MgCl_2}=\dfrac{0,1.95}{102,2}.100\%\approx9,3\%\)

d, \(n_{CuO}=\dfrac{8}{80}=0,1\left(mol\right)\)

PT: \(CuO+H_2\underrightarrow{t^o}Cu+H_2O\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,1}{1}=\dfrac{0,1}{1}\) ta được pư hết nếu hiệu suất bằng 100%.

Mà: H% = 75% \(\Rightarrow n_{Cu}=0,1.75\%=0,075\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{Cu}=0,075.64=4,8\left(g\right)\)

Ta có: M_A = 14,4.2 = 28,8 (g/mol)

\(\Rightarrow\dfrac{32n_{O_2}+28n_{N_2}}{n_{O_2}+n_{N_2}}=28,8\)

\(\Rightarrow3,2n_{O_2}=0,8n_{N_2}\Rightarrow4n_{O_2}=n_{N_2}\)

Ở cùng điều kiện nhiệt độ, áp suất: %V cũng là %n

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{O_2}=\dfrac{n_{O_2}}{n_{O_2}+n_{N_2}}.100\%=\dfrac{n_{O_2}}{n_{O_2}+4n_{O_2}}.100\%=20\%\\\%V_{N_2}=80\%\end{matrix}\right.\)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{O_2}=\dfrac{32n_{O_2}}{32n_{O_2}+28n_{N_2}}.100\%=\dfrac{32n_{O_2}}{32n_{O_2}+28.4n_{O_2}}.100\%\approx22,2\%\\\%m_{N_2}\approx77,8\%\end{matrix}\right.\)

Bạn bổ sung 200 (g) dd ở bài 1 là dd gì nhé.

Bài 2: 

\(n_{K_2CO_3}=\dfrac{200.15\%}{138}=\dfrac{5}{23}\left(mol\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{300.9,8\%}{98}=0,3\left(mol\right)\)

PT: \(K_2CO_3+H_2SO_4\rightarrow K_2SO_4+CO_2+H_2O\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{\dfrac{5}{23}}{1}< \dfrac{0,3}{1}\) ta được H₂SO₄ dư.

Theo PT: \(n_{H_2SO_4\left(pư\right)}=n_{K_2SO_4}=n_{CO_2}=n_{K_2CO_3}=\dfrac{5}{23}\left(mol\right)\)

⇒ n_{H2SO4 dư} = 19/230 (mol)

Ta có: m _{dd sau pư} = 200 + 300 - 5/23.44 = 490,43 (g)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C\%_{K_2SO_4}=\dfrac{\dfrac{5}{23}.174}{490,43}.100\%\approx7,7\%\\C\%_{H_2SO_4}=\dfrac{\dfrac{19}{230}.98}{490,43}.100\%\approx1,65\%\end{matrix}\right.\)

a, Ta có: \(n_{H_2SO_4}=\dfrac{196.15\%}{98}=0,3\left(mol\right)\)

\(n_{BaCl_2}=\dfrac{320.5,2\%}{208}=0,08\left(mol\right)\)

PT: \(H_2SO_4+BaCl_2\rightarrow2HCl+BaSO_{4\downarrow}\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,3}{1}>\dfrac{0,08}{1}\) ta được H₂SO₄ dư.

Theo PT: \(n_{BaSO_4}=n_{BaCl_2}=0,08\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{BaSO_4}=0,08.233=18,64\left(g\right)\)

b, \(n_{H_2SO_4\left(pư\right)}=n_{BaCl_2}=0,08\left(mol\right)\Rightarrow n_{H_2SO_4\left(dư\right)}=0,3-0,08=0,22\left(mol\right)\)

⇒ m_H2SO4 = 0,22.98 = 21,56 (g)

\(n_{HCl}=2n_{BaCl_2}=0,16\left(mol\right)\Rightarrow m_{HCl}=0,16.36,5=5,84\left(g\right)\)

a, m _tăng = m_KL - m_H2

⇒ m_H2 = 0,4 (g) ⇒ n_H2 = 0,2 (mol)

Giả sử R có hóa trị n.

PT: \(2R+2nHCl\rightarrow2RCl_n+nH_2\)

Theo PT: \(n_R=\dfrac{2}{n}n_{H_2}=\dfrac{0,4}{n}\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow M_R=\dfrac{8}{\dfrac{0,4}{n}}=20n\left(g/mol\right)\)

Với n = 2 thì M_R = 40 (g/mol) là thỏa mãn.

⇒ R là Ca.

b, \(n_{HCl}=2n_{H_2}=0,4\left(mol\right)\Rightarrow m_{ddHCl}=\dfrac{0,4.36,5}{60\%}=\dfrac{73}{3}\left(g\right)\)

c, \(C\%_{CaCl_2}=\dfrac{0,2.111}{\dfrac{73}{3}+7,6}.100\%\approx69,5\%\)

Gọi CTHH cần tìm là C_xH_yO_z

⇒ 12x:y:16z = 6:1:4

⇒ x:y:z = 2:4:1

→ CTĐGN là (C₂H₄O)_n

Ta có: \(M_A=M_{CO_2}=44\left(g/mol\right)\)

\(\Rightarrow n=\dfrac{44}{12.2+1.4+16}=1\)

Vậy: CTHH là C₂H₄O.

Ta có: n_O2 = 1,4 (mol)

n_CO2 = 0,85 (mol)

BTNT O: 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O ⇒ n_H2O = 1,1 (mol)

⇒ n_H2O > n_CO2 → A, B là alkan.

Giả sử CTPT của A, B là C_nH_2n+2

⇒ n_CnH2n+2 = 1,1 - 0,85 = 0,25 (mol)

\(\Rightarrow n=\dfrac{0,85}{0,25}=3,4\)

Mà: A, B kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng.

→ CTPT: C₃H₈ và C₄H₁₀.

CTCT:  C₃H₈: CH₃CH₂CH₃

C₄H₁₀: CH₃CH₂CH₂CH₃ và CH₃CH(CH₃)CH₃

BTKL: m + m_O2 = m_CO2 + m_H2O ⇒ m = 12,4 (g)

PT: \(CH_3CH_2CH_3+Cl_2\underrightarrow{^{as}}CH_3CH_2CH_2Cl+HCl\)

\(CH_3CH_2CH_3+Cl_2\underrightarrow{^{as}}CH_3CHClCH_3+HCl\)

\(CH_3CH_2CH_2CH_3+Cl_2\underrightarrow{^{as}}CH_3CH_2CH_2CH_2Cl+HCl\)

\(CH_3CH_2CH_2CH_3+Cl_2\underrightarrow{^{as}}CH_3CH_2CHClCH_3+HCl\)

\(CH_3CH\left(CH_3\right)CH_3+Cl_2\underrightarrow{^{as}}CH_2ClCH\left(CH_3\right)CH_3+HCl\)

\(CH_3CH\left(CH_3\right)CH_3+Cl_2\underrightarrow{^{as}}CH_3CCl\left(CH_3\right)CH_3+HCl\)

PT: \(2Al_2O_3\underrightarrow{^{đpnc}}4Al+3O_2\)

a, \(n_{Al_2O_3}=\dfrac{102}{102}=1\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{Al\left(LT\right)}=2n_{Al_2O_3}=2\left(mol\right)\Rightarrow m_{Al\left(LT\right)}=2.27=54\left(g\right)\)

\(\Rightarrow H\%=\dfrac{51,3}{54}.100\%=95\%\)

b, \(n_{Al}=\dfrac{51}{27}=\dfrac{17}{9}\left(g\right)\)

Theo PT: \(n_{Al_2O_3\left(LT\right)}=\dfrac{1}{2}n_{Al}=\dfrac{17}{18}\left(mol\right)\Rightarrow m_{Al_2O_3\left(LT\right)}=\dfrac{17}{18}.102=\dfrac{289}{3}\left(g\right)\)

Mà: H = 92%

\(\Rightarrow m_{Al_2O_3\left(TT\right)}=\dfrac{\dfrac{289}{3}}{92\%}\approx104,71\left(g\right)\)

n_H2SO4 = 0,5.1,5 = 0,75 (mol)

n_KOH = 0,2.2 = 0,4 (mol)

PT: \(H_2SO_4+2KOH\rightarrow K_2SO_4+2H_2O\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,75}{1}>\dfrac{0,4}{2}\) ta được H₂SO₄ dư.

→ Cho quỳ tím vào dd sau pư thì quỳ hóa đỏ do có H₂SO₄.

Đề không cho thêm dữ kiện gì nên bạn xem lại đề hỏi khối lượng hay phần trăm khối lượng nhé.