Ta có: \(d_{CH_4/kk}=\dfrac{12+1.4}{29}\approx0,55< 1\)

→ CH₄ nhẹ hơn không khí nên bị không khí đẩy lên trên.

a, \(Ca\left(OH\right)_2+Na_2CO_3\rightarrow CaCO_3+2NaOH\)

b, \(n_{CaCO_3}=\dfrac{30}{100}=0,3\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{Ca\left(OH\right)_2}=n_{CaCO_3}=0,3\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{Ca\left(OH\right)_2}=0,3.74=22,2\left(g\right)\)

a, \(2Zn+O_2\underrightarrow{t^o}2ZnO\)

b, m_Zn + m_O2 = m_ZnO

c, Từ phần b, có: m_O2 = 8,1 - 6,5 = 1,6 (g)

Bài 8:

a, n_NaCl = 0,2.0,25 = 0,05 (mol)

b, n_K2SO4 = 0,15.0,1 = 0,015 (mol)

Bài 11:

a, \(C\%_{NaCl}=\dfrac{5}{5+200}.100\%\approx2,4\%\)

b, \(C\%_{MgCl_2}=\dfrac{0,1.95}{0,1.95+100}.100\%\approx8,7\%\)

Ta có: \(\dfrac{V_A}{V_{SO_2}}=\dfrac{n_A}{n_{SO_2}}=\dfrac{4}{1}\)

Gọi: n_A = 4a (mol) ⇒ n_SO2 = a (mol)

⇒ m_SO2 = 64a (g) = m_A

\(\Rightarrow M_A=\dfrac{64a}{4a}=16\left(g/mol\right)\)

Ta có: \(n_C=n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=\dfrac{1}{100}=0,01\left(mol\right)\)

m _{bình tăng} = 0,8 (g) = m_CO2 + m_H2O 

⇒ n_H2O = 0,02 (mol) ⇒ n_H = 0,02.2 = 0,04 (mol)

Gọi: CTPT của A là C_xH_y.

⇒ x:y = 0,01:0,04 = 1:4

→ A có dạng (CH₄)_n

\(\Rightarrow n=\dfrac{16}{12+1.4}=1\)

Vậy: A là CH₄

Ta có: \(n_{H_2}=\dfrac{6,1975}{24,79}=0,25\left(mol\right)\)

PT: \(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2\)

a, V_H2 = 6,1975 (l)

b, \(n_{Al}=\dfrac{2}{3}n_{H_2}=\dfrac{1}{6}\left(mol\right)\Rightarrow m_{Al}=\dfrac{1}{6}.27=4,5\left(g\right)\)

c, \(n_{HCl}=2n_{H_2}=0,5\left(mol\right)\Rightarrow C_{M_{HCl}}=\dfrac{0,5}{0,5}=1\left(M\right)\)

a, Ta có: 24n_Mg + 65n_Zn = 17,45 (1)

\(Mg+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2\)

\(Zn+2HCl\rightarrow ZnCl_2+H_2\)

Theo PT: \(n_{H_2}=n_{Mg}+n_{Zn}=\dfrac{7,437}{24,79}=0,3\left(mol\right)\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{Mg}=0,05\left(mol\right)\\n_{Zn}=0,25\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{Mg}=0,05.24=1,2\left(g\right)\\m_{Zn}=0,25.65=16,25\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

b, \(n_{HCl}=2n_{H_2}=0,6\left(mol\right)\Rightarrow V_{ddHCl}=\dfrac{0,6}{1}=0,6\left(l\right)\)

Ta có: \(M_X=\dfrac{8}{0,05}=160\left(g/mol\right)\)

X tạo bởi R (hóa trị III) và O.

⇒ CTHH của X là R₂O₃

⇒ 2M_R + 16.3 = 160

⇒ M_R = 56 (g/mol)

→ R là Fe.

Vậy: CTHH cần tìm là Fe₂O₃

\(n_{CO_2}=\dfrac{8,8}{44}=0,2\left(mol\right)=n_C\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{4,5}{18}=0,25\left(mol\right)\Rightarrow n_H=0,25.2=0,5\left(mol\right)\)

⇒ m_C + m_H = 0,2.12 + 0,5.1 = 2,9 (g) = m_A

→ A chỉ chứa C và H.

Gọi CTPT của A là C_xH_y.

⇒ x:y = 0,2:0,5 = 2:5

→ A có dạng (C₂H₅)_n

Mà: M_A = 58 amu

\(\Rightarrow n=\dfrac{58}{12.2+1.5}=2\)

Vậy: A là C₄H₁₀

n_NaOH = 0,1.0,2 = 0,02 (mol)

n_HCl = 0,1.0,1 = 0,01 (mol)

PT: NaOH + HCl → NaCl + H₂O

______0,01____0,01 (mol)

⇒ NaOH dư 0,01 (mol)

\(\Rightarrow\left[OH^-\right]=\dfrac{0,01}{0,1+0,1}=0,05\left(M\right)\Rightarrow\left[H^+\right]=\dfrac{10^{-14}}{0,05}=2.10^{-13}\left(M\right)\)

⇒ pH = 12,7