\(m_{ddHCl}=\dfrac{m_{HCl}}{10\%}=365\left(g\right)\)

Ta có: \(n_{Mg}=\dfrac{6}{24}=0,25\left(mol\right)\)

PT: \(Mg+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2\)

Theo PT: n_MgCl2 = n_Mg = 0,25 (mol)

⇒ m_MgCl2 = 0,25.95 = 23,75 (g)

Câu 1:

Cấu hình e lớp ngoài: ns²np³ → X thuộc nhóm VA.

→ Oxide cao nhất của X: X₂O₅.

\(\Rightarrow\dfrac{2M_X}{2M_X+16.5}=0,4366\) \(\Rightarrow M_X=31\left(g/mol\right)\)

⇒ X là P.

BTNT P, có: n_H3PO4 = 2n_P2O5 = 0,3 (mol)

⇒ m = 0,3.98 = 29,4 (g)

Câu 2:

Cấu hình e lớp ngoài: ns²np² → X thuộc nhóm IVA.

→ Oxide cao nhất: XO₂.

\(\Rightarrow\dfrac{M_X}{M_X+16.2}=0,2727\Rightarrow M_X=12\left(g/mol\right)\)

⇒ X là C.

BTNT C: n_BaCO3 = n_CO2 = 0,2 (mol)

⇒ m_BaCO3 = 0,2.197 = 39,4 (g)

Câu 10:

BTNT S: \(n_{S\left(LT\right)}=n_{SO_2}=\dfrac{476}{24,79}=19,2\left(kmol\right)\)

Mà: H% = 80%

\(\Rightarrow n_{S\left(TT\right)}=\dfrac{19,2}{80\%}=24\left(kmol\right)\)

⇒ m_S = 24.32 = 768 (kg)/tháng

⇒ m_{S (trong 1 ngày)} = 768:30 = 25,6 (kg)

- Trích mẫu thử.

- Nhỏ vài giọt từng mẫu thử vào giấy quỳ tím.

+ Quỳ hóa đỏ: HCl

+ Quỳ hóa xanh: NaOH, Ca(OH)₂ (1)

- Dẫn CO₂ đi qua mẫu thử nhóm (1)

+ Có tủa trắng: Ca(OH)₂

PT: \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

+ Không hiện tượng: NaOH

PT: \(CO_2+2NaOH\rightarrow Na_2CO_3+H_2O\)

- Dán nhãn.

- Trích mẫu thử.

- Nhỏ vài giọt từng mẫu thử vào giấy quỳ tím.

+ Quỳ hóa đỏ: H₂SO₄.

+ Quỳ hóa xanh: Na₂SO₃, K₂CO₃ (1)

+ Quỳ không đổi màu: NaCl, Ba(NO₃)₂ (2)

- Cho H₂SO₄ pư với mẫu thử nhóm (1)

+ Có khí mùi hắc thoát ra: Na₂SO₃

PT: \(H_2SO_4+Na_2SO_3\rightarrow Na_2SO_4+SO_2+H_2O\)

+ Có khi không màu, không mùi thoát ra: K₂CO₃

PT: \(H_2SO_4+K_2CO_3\rightarrow K_2SO_4+CO_2+H_2O\)

- Cho H₂SO₄ pư với mẫu thử nhóm (2)

+ Có tủa trắng: Ba(NO₃)₂

PT: \(H_2SO_4+Ba\left(NO_3\right)_2\rightarrow2HNO_3+BaSO_{4\downarrow}\)

+ Không hiện tượng: NaCl.

- Dán nhãn.

Ta có: P + N + E = 46

Mà: P = E (do nguyên tử trung hòa về điện)

⇒ 2P + N = 46 (1)

- Trong đó số hạt không mang điện nhiều hơn số hạt mang điện tích dương là 1.

⇒ N - P = 1 (2)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}P=15\\N=16\end{matrix}\right.\)

⇒ M_X = 15 + 16 = 31 (g/mol)

a, \(n_{CO_2}=\dfrac{2,479}{24,79}=0,1\left(mol\right)\)

b, \(n_{Fe}=\dfrac{5,6}{56}=0,1\left(mol\right)\)

c, \(n_{MgO}=\dfrac{4}{40}=0,1\left(mol\right)\)

Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{4,958}{24,79}=0,2\left(mol\right)\)

PT: \(CO_2+2NaOH\rightarrow Na_2CO_3+H_2O\)

Theo PT: \(n_{NaOH}=2n_{CO_2}=0,4\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow a=C\%_{NaOH}=\dfrac{0,4.40}{200}.100\%=8\%\)

Ta có: \(n_{Fe_2O_3}=\dfrac{1,6}{160}=0,01\left(mol\right)\)

PT: \(Fe_2O_3+3CO\underrightarrow{t^o}2Fe+3CO_2\)

Theo PT: \(n_{Fe}=2n_{Fe_2O_3}=0,02\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{Fe}=0,02.56=1,12\left(g\right)\)