- Thí nghiệm 1: Gọi hóa trị của X là n

  CÓ n H2 = 0,06 ( mol ) => n HCL = 0,12 ( mol )

PTHH: 2X +2n HCL ===> 2XCLn + nH2

theo pthh: n X = 0,12/n ( mol )

=> X = 32,5n 

Xét: n = 2 => X = 65 ( Zn )

  - Thí nghiệm 2 

  Gọi CT của oxit : YaOb

 PTHH

   \(YaOb+2bHCL\rightarrow aYCl_{\dfrac{2b}{a}}+bH2O\)

 theo pthh: n YaOb = 0,06/b ( mol )

=> aY + 16b = 160/3 . b

=> Y = 56 . 2b/a

Xét: 2b/a = 3 => Y = 56  ( Fe )

a) Đơn chất: Cl2

b) Hợp chất: Al2O3

c) Hợp chất: Al(OH)3

d) đơn chất: Cr

e) Hợp chất: HBr

f) Hợp chất: Cu(NO3)2

Ta có: 

n CO2 = 0,3 (  mol )

n Ca(OH)2 = 0,5 ( mol )

PTHH

  CO2 + Ca(OH)2 ====> CaCO3 + H2O

    0,3-------0,3------------------0,3

 theo pthh: n CaCO3 = n CO2 = 0,3 ( mol )

 => m CaCO3 = 30 ( g )

Bài 8

   Gọi CT là Z2O3

Vì %mZ = 53% => %m O = 47%

Ta có: 

  \(\dfrac{2Z}{3.16}=\dfrac{53}{47}\Rightarrow Z=27\) ( AL )

   Vậy Z là Al ; CT: Al2O3 , PTK = 102

Bổ sung Bài 4

Ta có:

n Ba(OH)2 =0,24 ( mol )

n  BaCO3 = 0,2 ( mol )

Ta thấy: n BaCO3 < n Ba(OH)2. Xét 2 trường hợp

  +) TH1: Ba(OH)2 dư, CO2 hết

     PTHH

Ba(OH)2 + CO2 ===> BaCO3 + H2O

                   0,2-------------0,2

theo pthh: n CO2 = 0,2 ( mol)

=> V = 4,48 ( lít )

      +) TH2: CO2 dư hòa tan 2 phần kết tủa

     PTHH

     Ba(OH)2 + Co2 =====> BaCO3 + H2O

        0,24 --------0,24-------------0,24

      BaCO3   +   Co2 + H2O =====> Ba(HCO3)2

 ( 0,24 - 0,2)------0,04

theo pthh: n Co2 = 0,28 ( mol ) => V = 6,272 ( l )

Bài 3b

Ta có

n CO2 = 0,35 ( mol )

n KOH = 0,2 ( mol )

n Ba(OH)2 = 0,1 ( mol )

PTHH

  Ba(OH)2 + CO2 =====> BaCO3 + H2O

     0,1 ---------0,1---------------0,1

   2KOH + CO2 =====> K2CO3 + H2O 

      0,2 ------0,1---------------0,1

    K2CO3 + CO2 + H2O =====> 2KHCO3

       0,1 ---------0,1

     BaCO3 + CO2 + H2O =====> Ba(HCO3)2

        0,5 -------0,5

theo pthh: n BaCO3 dư = 0,1 - 0,5 = 0,5 ( mol )

  => m BaCO3 = 98,5 ( g )

Bài 1

1) 3Mg + 4H2SO4 ====> 3MgSO4 + S + 4H2O

2) 8 AL + 30 HNO3 ====> 8 Al(NO3)3 + 3NH4NO3 + 9 H2O

3) 3 Fe(OH)2 + 10 HNO3 ====> 3 Fe(NO3)3 + NO + 8H2O

4)  2 FexOy + ( 6x - 2y ) H2SO4 ===> xFe2(SO4)3 + ( 3x - 2y ) SO2 + ( 6x - 2y ) H2O

   Bài 2

a) Ta có : n H2 = 0,2 ( mol )

Gọi n Fe = a ( mol ) ; n Al = b ( mol )

PTHH

  Fe + 2HCL ===> FeCL2 + H2

  2AL + 6HCL ====> 2AlCL3 + 3H2

 theo pthh: a + 1,5 b = 0,2 ( mol )

mà m hh fe và al = 5,5

  => 56a + 27b = 5,5

Nên a = 0,05  ; b = 0,1 

=> %m Fe = 50,9 %

     %m Al = 49,1%

b) Có: n HCL = 0,05 . 2 + 0,1 . 3 = 0,4 ( mol )

 => Cm ( HCL ) = 0,8 ( M )

d)

  \(\sqrt{x^2+5x+6}=x-3\)

      Điều kiện : \(x\ge3\)

Bình phương hai vế ta có

  \(x^2+5x+6=\left(x-3\right)^2\)

\(\Leftrightarrow x^2+5x+6=x^2-6x+9\)

\(\Leftrightarrow11x=3\)

\(\Leftrightarrow x=\dfrac{3}{11}\)

Mà \(x\ge3\)
 Vậy phương trình vô nghiệm

 - Thí nghiệm 1

Ta có: n HCl = 0,05a ( mol ) ; n Ba(OH)2 = 0,05b ( mol ) 

 n H2SO4 = 0,002 ( mol )

PTHH

   Ba(OH)2 + 2HCl ======> BaCL2 + 2H2O

     0,025a---0,05a

    Ba(OH)2 + H2SO4 =====> BaSO4 + H2O

        0,002 -------0,002

theo pthh: 0,025a + 0,002 = 0,05b ( 1 )

 - Thí nghiệm 2

 Ta có:  n HCl = 0,1a ( mol )   ;  n Ba(OH)2 = 0,05b ( mol )

  n NaOH = 0,002 ( mol )

      PTHH

  Ba(OH)2 + 2HCL =====> BaCl2 + 2H2O

      0,05b------0,1b

  NaOH + HCL =====> NaCL + H2O

   0,002---0,002

theo pthh : 0,1b + 0,002 = 0,1a  ( 2 )

Từ  ( 1 ) và ( 2 ) sauy ra a = 0,12 ( mol )  ;  b = 0,1 ( mol )

mới đầu giảm, sau đó tăng

N > As > Te

Te < Br < CL