Khác nhau:

- Nguồn gốc:

+ Nước tinh khiết được lọc hoàn toàn để loại bỏ các chất cặn và tạp chất.

+ Nước khoáng có thể chứa các khoáng chất tự nhiên từ nguồn nước ban đầu.

- Quy trình sản xuất:

+ Nước tinh khiết thông thường được lọc qua các hệ thống lọc như lọc carbon hoạt tính và lọc RO (ngược osmosis).

+ Nước khoáng thường không qua quá trình lọc hoặc chỉ qua quá trình lọc nhẹ.

- Hàm lượng khoáng chất:

+ Nước tinh khiết có hàm lượng khoáng chất rất thấp, gần như không có.

+ Nước khoáng có thể có hàm lượng khoáng chất cao hơn.

Giống nhau:

- An toàn cho sức khỏe:

+ Cả nước tinh khiết và nước khoáng đều an toàn để uống và không chứa các chất gây hại cho sức khỏe.

+ Cả hai loại nước đều có tác dụng làm giảm khát và cung cấp nước cho cơ thể.

1

a) Hòa tan 2 mẫu chất rắn vào nước, khuấy đều rồi nhúng quỳ tím vào 2 dung dịch sản phẩm:

- Quỳ hóa đỏ: dung dịch axit \(H_3PO_4\)-> chất rắn ban đầu là \(P_2O_5\)

- Quỳ hóa xanh: dung dịch bazo \(Ca({OH})_2\) -> chất rắn ban đầu là \(CaO\)

\(P_2O_5+3H_2O\rightarrow2H_3PO_4\)

\(CaO+H_2O\rightarrow Ca\left(OH\right)_2\)

b) Dẫn 2 khí qua dung dịch nước vôi trong dư, khí nào làm dung dịch đục tạo kết tủa là \(SO_2\), không hiện tượng gì là \(N_2O\)

\(SO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaSO_3+H_2O\)

2

- Các chất tác dụng với \(H_2O\) tạo dung dịch axit: \(CO_2,SO_2,NO_2\)

- Các chất tác dụng với \(H_2O\) tạo dung dịch bazo: \(CaO\)

- Chất làm đục nước vôi trong: \(CO_2,SO_2\)

3

\(a)K_2SO_3+2HCl\rightarrow2KCl+H_2O+SO_2\\ b)K_2SO_3+2NaOH\rightarrow Na_2SO_3+2KOH\\ c)K_2SO_3+BaCl_2\rightarrow2KCl+BaSO_3\\ d)Na_2SO_3+2HNO_3\rightarrow2NaNO_3+H_2O+SO_2\\ e)Na_2SO_3+2KOH\rightarrow K_2SO_3+2NaOH\\ f)Na_2SO_3+2HCl\rightarrow2NaCl+H_2O+SO_2\)

Vậy \(SO_2\) được tạo thành từ PTHH (a), (d), (f)

4

\(n_{SO_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\)

\(n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,5.1,2=0,6\left(mol\right)\)

\(SO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaSO_3+H_2O\)

0,5-------->0,5--------->0,5

Xét \(\dfrac{0,5}{1}< \dfrac{0,6}{1}\Rightarrow\) \(Ca({OH})_2\) dư

a. \(m_{muối.thu.được}=m_{CaSO_3}=0,5.120=60\left(g\right)\)

b. \(n_{Ca\left(OH\right)_2.dư}=0,6-0,5=0,1\left(mol\right)\)

\(CM_A=CM_{Ca\left(OH\right)_2.dư}=\dfrac{0,1}{0,5}=0,2M\)

a)

+) \(n_{iron}=\dfrac{28}{56}=0,5\left(mol\right)\)

Số nguyên tử iron: \(0,5.6.10^{23}=3.10^{23}\)(nguyên tử)

+) \(n_{copper}=\dfrac{6,4}{64}=0,1\left(mol\right)\)

Số nguyên tử copper: \(0,1.6.10^{23}=6.10^{22}\) (nguyên tử)

+) \(n_{aluminium}=\dfrac{9}{27}=\dfrac{1}{3}\left(mol\right)\)

Số nguyên tử aluminium: \(\dfrac{1}{3}.6.10^{23}=2.10^{23}\) (nguyên tử)

b)

+) \(m_{H_2}=2.2=4\left(g\right)\)

\(V_{H_2\left(đkc\right)}=2.24,79=49,58\left(l\right)\)

+) \(m_{O_2}=1,5.32=48\left(g\right)\)

\(V_{H_2\left(đkc\right)}=1,5.24,79=37,185\left(l\right)\)

+) \(m_{CO_2}=1,15.44=50,6\left(g\right)\)

\(V_{CO_2\left(đkc\right)}=1,15.24,79=28,5085\left(l\right)\)

+) \(m_{CH_4}=1,15.16=18,4\left(g\right)\)

\(V_{CH_4\left(đkc\right)}=1,15.24,79=28,5085\left(l\right)\)

Nguyên tử của nguyên tố X có tổng số hạt proton, neutron, electron là 52 có:

\(p+e+n=2p+n=52\left(1\right)\)

Số hạt không mang điện hơn số hạt mang điện âm là 1 hạt trong nguyên tử của nguyên tố X, có:

\(n-e=1\\ \Leftrightarrow n-p=1\\ \Leftrightarrow-p+n=1\left(2\right)\)

Từ (1), (2) giải được: \(\left\{{}\begin{matrix}p=17\\n=18\end{matrix}\right.\)

Vậy số khối của nguyên tử X là: \(p+n=17+18=35\)

Điều kiện: \(x\ne0\)

\(-\dfrac{5}{12}:x=\dfrac{20}{-16}\\ \Rightarrow-\dfrac{5}{12}.\dfrac{1}{x}=-\dfrac{5}{4}\\ \Rightarrow-\dfrac{5}{12x}=-\dfrac{5}{4}\\ \Rightarrow12x=-5:-\dfrac{5}{4}=-5.-\dfrac{4}{5}=\dfrac{20}{5}=4\\ \Rightarrow x=\dfrac{4}{12}=\dfrac{1}{3}\left(thỏa.mãn\right)\)

Vậy x = \(\dfrac{1}{3}\)

Trong một nguyên tử Br có số hạt mang điện âm ít hơn số hạt không mang điện là 10, ta có:

\(n-e=10\\ \Leftrightarrow n-p=10\left(1\right)\)

Số khối của Br là 80, có:

\(n+p=80\left(2\right)\)

Từ (1), (2) giải được: \(\left\{{}\begin{matrix}n=45\\p=35\end{matrix}\right.\)

Vậy số hiệu nguyên tử của Br là 35.

Theo đề gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_A=x\left(mol\right)\\n_B=x\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(n_{HCl}=\dfrac{250.18,25\%}{100\%}:36,5=1,25\left(mol\right)\)

\(n_{H_2}=\dfrac{8,4}{22,4}=0,375\left(mol\right)\)

PTHH:

\(A+2HCl\rightarrow ACl_2+H_2\) (1)

x ---> 2x---------------->x

\(2B+6HCl\rightarrow2BCl_3+3H_2\)(2)

x ---->3x------------------>1,5x

Từ PT (1), (2) có: \(n_{H_2.pứ}=\dfrac{1}{2}n_{HCl.pứ}=\dfrac{1}{2}.1,25=0,625\left(mol\right)>n_{H_2.thoát.ra.theo.đề}\)

\(\Rightarrow\) HCl dư.

\(n_{H_2}=x+1,5x=0,375\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow x=0,15\)

Mặt khác:

\(m_{hh}=m_A+m_B=Ax+Bx=x\left(A+B\right)=7,65\left(g\right)\\ \Rightarrow A+B=\dfrac{7,65}{0,15}=51g/mol\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}B=27\left(Al\right)\\A=24\left(Mg\right)\end{matrix}\right.\)

Vậy A là kim loại Mg, B là kim loại Al.

1 ... to the trees dying

2...speak English as an official language

3... was painted by a famous painter

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;

int main() {
    int T, n;
    cin>>T;
    for(int t=0;t<T;t++){
        int n,k,a,i;
        cin>>n>>k;
        int a[n];
        for(int i=0;i<n;i++){
            cin>>a[i];
        }
        int ans=0;
        int c=0;
        int sum=0;
        int c0=0;
        int c1=0;
        int c2=0;
        for(int i=0;i<n;i++){
            sum+=a[i];
        }
        for(int i=0;i<n;i++){
            if(sum<k && i!=0){
                sum+=a[i]-1;
            }
        }
        for(int i=0;i<n-1;i++){
            for(int j=i+1;j<n;j++){
                int sum=0;
                for(int l=i;l<j;l++){
                    sum+=a[l];
                }
                if(sum==k){
                    c0=i;
                    c1=j;
                }
            }
        }
        printf("Case %d : %d - %d (c0,c1)\n",t+1,c*n+c0,c*n+c1);
        ++c;
    }
    return 0;
}

a

Hai góc \( \widehat{ AOM}, \widehat{BON }\) không phải 2 góc đối đỉnh.

Vì \(\widehat{ AOM} \)và  \(\widehat{BON } \)chỉ có một cặp cạnh là hai tia đối nhau, cặp cạnh còn lại không đối nhau.