Chọn câu A

Giải thích:

Gọi kim loại cần tìm là X

\(n_{H_2}=\dfrac{16,8}{22,4}=0,75\left(mol\right)\)

Ta có PTHH:

\(2X+nH_2SO_4->X_2\left(SO_4\right)_n+nH_2\)

1,5/n                                        <--0,75 (mol)

Ta có \(m_X=n_X\cdot M_x\)

--> \(13,5=\dfrac{1,5}{n}\cdot M\)

--> \(n=1,M=9\\ n=2,M=18\\ n=3,M=27\)

Ta thấy khi hóa trị 3, \(M_X=27\left(Al\right)\)

Vậy chọn đáp án A

\(n_{Fe_2O_3}=\dfrac{11,2}{160}=0,07\left(mol\right)\)

PTHH:

\(Fe_2O_3+3H_2SO_4->Fe_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\)

0,07 -->    0,21               0,07                         (mol)

\(m_{H_2SO_4}=0,21\cdot98=20,58\left(g\right)\)

\(m_{ddH_2SO_4}=\dfrac{m_{H_2SO_4}\cdot100\%}{C\%}=\dfrac{20,58\cdot100\%}{9,8\%}=210\left(g\right)\)

Sau phản ứng thu được \(Fe_2\left(SO_4\right)_3\)

\(m_{ddsau}=m_{Fe_2O_3}+m_{ddH_2SO_4}=11,2+210=221,2\left(g\right)\)

\(m_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=0,07\cdot400=28\left(g\right)\)

\(C\%_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{m_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}}{m_{ddsau}}\cdot100\%=\dfrac{28}{221,2}\cdot100\%\approx12,66\%\)

\(n_{CuO}=\dfrac{16}{80}=0,2\left(mol\right)\)

a) PTHH:

\(CuO+H_2->Cu+H_2O\)

0,2  -->  0,2      0,2     0,2     (mol)

Chất rắn thu được sau phản ứng là Cu

Lượng lí thuyết là 13,28(g)

Lượng thức tế thu được là \(m_{Cu}=0,2\cdot64=12,8\left(g\right)\)

\(\%H=\dfrac{m_{thực}}{mlt}\cdot100\%=\dfrac{12,8}{13,28}\cdot100\%\approx96,4\%\)

Bài 1:

Gọi công thức hóa học là \(P_xS_y\)

Theo quy tắc hóa trị ta có \(x\cdot V=y\cdot II-->\dfrac{x}{y}=\dfrac{2}{5}\)

Vậy công thức hóa học là \(P_2S_5\)

PTK = \(2\cdot P+5\cdot S=2\cdot31+5\cdot32=222\)

Gọi CTHH là \(Al_xS_y\)

Theo quy tắc hóa trị ta có \(x\cdot III=y\cdot II->\dfrac{x}{y}=\dfrac{2}{3}\)

Vậy CTHH là : \(Al_2S_3\)

PTK = \(2\cdot Al+3\cdot S=2\cdot27+3\cdot32=150\)

Gọi CTHH là \(Fe_x\left(PO_4\right)_y\)

Theo quy tắc hóa trị ta có \(x\cdot II=y\cdot III->\dfrac{x}{y}=\dfrac{3}{2}\)

Vậy CTHH là \(Fe_3\left(PO_4\right)_2\)

PTK = \(3\cdot Fe+2\cdot\left(PO_4\right)=3\cdot56+\left(2\cdot\left(31+16\cdot4\right)\right)=358\)

Bài 2:

\(NTK_X=3,5NTK_O=3,5\cdot16=56\)

--> X là \(Fe\)

Gọi CTHH là \(Fe_xO_y\)

Theo quy tắc hóa trị ta có \(x\cdot II=y\cdot II->\dfrac{x}{y}=\dfrac{2}{2}=\dfrac{1}{1}\)

--> CTHH là \(FeO\)

\(n_{CuO}=\dfrac{40}{80}=0,5\left(mol\right)\)

\(n_{H_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\)

PTHH:

\(CuO+H_2->Cu+H_2O\)

0,15  <--0,15--> 0,15   0,15   (mol)

So sánh số mol ta thấy \(n_{CuO}>n_{H_2}\left(0,5>0,15\right)\) 

--> CuO còn dư, tính theo \(H_2\)

\(n_{CuO\left(dư\right)}=n_{đầu}-n_{pứ}=0,5-0,15=0,35\left(mol\right)\)

\(m_{CuO\left(dư\right)}=n_{dư}.M=0,35\cdot80=28\left(g\right)\)

Hỗn hợp chất rắn thu được sau phản ứng là \(Cu,CuO_{dư}\)

\(m_{Cu}=n.M=0,15\cdot64=9,6\left(g\right)\)

\(m_{hh}=m_{Cu}+m_{CuO}=9,6+28=37,5\left(g\right)\)

\(n_{Na}=\dfrac{6,9}{23}=0,3\left(mol\right)\)

\(n_{CuSO_4}=C_M\cdot V=0,3\cdot0,4=0,12\left(mol\right)\)

PTHH:

\(2Na+2H_2O->2NaOH+H_2\)

0,3 -->   0,3              0,3           0,15 (mol)

\(2NaOH+CuSO_4->Na_2SO_4+Cu\left(OH\right)_2\)

 0,24         <- 0,12 ->       0,12           0,12       (mol)

so sánh số mol ta thấy \(\dfrac{n_{NaOH}}{2}>n_{CuSO_4}\left(\dfrac{0,3}{2}>0,12\right)\)

--> tính theo \(n_{CuSO_4}\)

\(V_{H_2}=n\cdot22,4=0,15\cdot22,4=3,36\left(l\right)\)

\(m_D=m_{Cu\left(OH\right)_2}=n\cdot M=0,12\cdot98=11,76\left(g\right)\)

dung dịch B có \(Na_2SO_4,Na\left(OH\right)_{dư}\)

\(n_{Na\left(OH\right)_{dư}}=n_{đầu}-n_{pứ}=0,3-0,24=0,06\left(mol\right)\)

\(C_{M\left(Na_2SO_4\right)}=\dfrac{n}{V}=\dfrac{0,12}{0,4}=0,3M\)

\(C_{M\left(NaOH_{dư}\right)}=\dfrac{n_{dư}}{V}=\dfrac{0,06}{0,4}=0,15M\)

\(m_{H_2SO_4}=\dfrac{mdd\cdot C\%}{100\%}=\dfrac{750\cdot9,8\%}{100\%}=73,5\left(g\right)\)

--> \(n_{H_2SO_4}=\dfrac{73,5}{98}=0,75\left(mol\right)\)

Muối thu được là \(Al_2\left(SO_4\right)_3\)

\(n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{68,4}{342}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH:

\(Al_2O_3+3H_2SO_4->Al_2\left(SO_4\right)_3+3H_2O\)

0,2            0,6            <--  0,2 -->        0,3    (mol)

So sánh số mol ta thấy \(\dfrac{n_{H_2SO_4}}{3}>n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}\left(\dfrac{0,75}{3}>0,2\right)\)

--> tính theo muối

--> \(m_{Al_2O_3}=n.M=0,2\cdot102=20,4\left(g\right)\)

Sau phản ứng gồm có \(H_2SO_4dư\), \(Al_2\left(SO_4\right)_3\)

\(m_{ddsau}=m_{Al_2O_3}+m_{ddH_2SO_4}=20,4+750=770,4\left(g\right)\)

\(n_{H_2SO_4\left(dư\right)}=n_{đầu}-n_{pứ}=0,75-0,6=0,15\left(mol\right)\)

\(C\%_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{m_{Al_2\left(SO_4\right)_3}}{m_{ddsau}}\cdot100\%=\dfrac{0,2\cdot342}{770,4}\cdot100\%\approx8,88\%\)

\(C\%_{H_2SO_4\left(dư\right)}=\dfrac{m_{H_2SO_4\left(dư\right)}}{m_{ddsau}}\cdot100\%=\dfrac{0,15\cdot98}{770,4}\cdot100\%\approx1,91\%\)

\(n_{HCl}=C_M\cdot V=2,4\cdot0,5=1,2\left(mol\right)\) 

PTHH:

\(Al_2O_3+6HCl->2AlCl_3+3H_2O\)

    0,2     <--1,2-->     0,4          0,6     (mol)

-->\(m_{Al_2O_3}=n\cdot M=0,2\cdot102=20,4\left(g\right)\)

Muối thu được sau phản ứng là \(AlCl_3\)

--> \(m_{AlCl_3}=n\cdot M=0,4\cdot133,5=53,4\left(g\right)\)

\(C_{M\left(AlCl_3\right)}=\dfrac{n}{V}=\dfrac{0,4}{0,5}=0,8M\)