X có 2 lớp e `=>` \(e\le10\)

Mà X có 7e lớp ngoài cùng `=>` \(e=9\)

Ta có: \(p=e=9\)

Tổng số hạt X: \(p+e+n=9+9+10=28\)

NTK X: \(p+n=9+10=19\)

`=>` X là Flo ( F )

a. Đun hỗn hợp trên, cô cạn dung dịch thu được Na₂CO₃

\(2NaHCO_3\rightarrow Na_2CO_3+CO_2\uparrow+H_2O\)

b. Cho KOH đặc vào hỗn hợp, chất không tan là CuO

\(2KOH+SiO_2\rightarrow K_2SiO_3+H_2O\)

c. Cho HCl đến dư vào dung dịch, cô cạn thu được NaCl

\(Na_2CO_3+2HCl\rightarrow2NaCl+CO_2\uparrow+H_2O\)

\(NaOH+HCl\rightarrow NaCl+H_2O\)

\(Na_2SO_3+2HCl\rightarrow2NaCl+SO_2\uparrow+H_2O\)

d. Cho Fe vào hỗn hợp, lọc kết tủa cô cạn dung dịch thu được FeSO₄

\(Fe_2\left(SO_4\right)_3+Fe\rightarrow3FeSO_4\)

\(CuSO_4+Fe\rightarrow FeSO_4+Cu\downarrow\)

\(d=2\left(mm\right)=2.10^{-3}\left(m\right)\)

Tiết diện hình trụ của dây:

\(s=\pi.\left(\dfrac{d}{2}\right)^2=3,14.\left(\dfrac{2.10^{-3}}{2}\right)^2=3,14.10^{-6}\left(m^2\right)\)

Điện trở của dây:

\(R=\rho.\dfrac{l}{s}=1,7.10^{-8}.\dfrac{6,28}{3,14.10^{-6}}=0,034\left(\Omega\right)\)

`1.2NaOH+H_2SO_4->Na_2SO_4+2H_2O`

`2.Fe_2(SO_4)_3+6KOH->2Fe(OH)_3+3K_2SO_4`

`3.2HCl+Ca(HCO_3)_2->CaCl_2+2CO_2+2H_2O`

`4.2KNO_3->(t^o)2KNO_2+O_2`

`5.3Fe(NO_3)_2+2Al->2Al(NO_3)_3+3Fe`

`6.4Fe(OH)_2+O_2+2H_2O->4Fe(OH)_3`

`7.Na_2CO_3+2HCl->2NaCl+CO_2+H_2O`

`8.2Cu(NO_3)_2->(t^o)2CuO+4NO_2+O_2`

`9.CuSO_4+H_2S->CuS+H_2SO_4`

`10.6FeSO_4+3Cl_2->2Fe_2(SO_4)_3+2FeCl_3`

gkee:)) e iu ah lun:v

\(A:X_2O_n\)

\(30=\dfrac{16n}{2X+16n}.100\)

\(\Leftrightarrow0,6X+4,8n=16n\)

\(\Leftrightarrow0,6X-11,2n=0\)

Tổng PTK: \(2X+16n=160\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}X=56\\n=3\end{matrix}\right.\)

`=>` CTHH A: Fe₂O₃

`=>` Chọn A

\(\alpha+\beta=90^o\)
Ta có: \(\cos^2\alpha=\sin^2\left(90^o-\alpha\right)=\sin^2\beta\)

            \(\cos^2\beta=\sin^2\left(90^o-\beta\right)=\sin^2\alpha\)

\(\Rightarrow\cos^2\alpha-\cos^2\beta=\sin^2\beta-\sin^2\alpha\) (1)

Ta có: \(\tan\alpha=\dfrac{\sin\alpha}{\cos\alpha}\) \(\Rightarrow\sin\alpha=\tan\alpha.\cos\alpha\)

`@` \(\sin^2\alpha+\cos^2\alpha=1\)

`<=>`\(\Rightarrow\tan^2\alpha.\cos^2\alpha+\cos^2\alpha=1\)

`<=>`\(\cos^2\alpha=\dfrac{1}{1+\tan^2\alpha}\)

C/m tương tự, ta có: \(\cos^2\beta=\dfrac{1}{1+\tan^2\beta}\)

`=>` \(\cos^2\alpha-\cos^2\beta=\dfrac{1}{1+\tan^2\alpha}-\dfrac{1}{1+\tan^2\beta}\) (2)

\(\left(1\right);\left(2\right)\Rightarrow\cos^2\alpha-\cos^2\beta=\sin^2\beta-\sin^2\alpha=\dfrac{1}{1+\tan^2\alpha}-\dfrac{1}{1+\tan^2\beta}\)

Đặt \(\left\{{}\begin{matrix}n_{MgO}=x\\n_{FeO}=y\end{matrix}\right.\) ( mol )

\(\Rightarrow m_{hh}=40x+72y=4,48\left(g\right)\left(1\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=0,45.0,2=0,09\left(mol\right)\)

\(MgO+H_2SO_4\rightarrow MgSO_4+H_2O\)

 x                 x            x                        ( mol )

\(FeO+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2O\)

  y              y              y                   ( mol )

\(\Rightarrow n_{H_2SO_4}=x+y=0,09\left(mol\right)\left(2\right)\)

\(\left(1\right);\left(2\right)\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,0625\\y=0,0275\end{matrix}\right.\)

\(\left\{{}\begin{matrix}m_{MgO}=0,0625.40=2,5\left(g\right)\\m_{FeO}=4,48-2,5=1,98\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

\(MgSO_4+2NaOH\rightarrow Mg\left(OH\right)_2\downarrow+Na_2SO_4\)

 0,0625        0,125            0,0625                        ( mol )

\(FeSO_4+2NaOH\rightarrow Fe\left(OH\right)_2\downarrow+Na_2SO_4\)

  0,0275      0,055            0,0275                         ( mol )

\(V_{NaOH}=\dfrac{0,125+0,055}{0,2}=0,9\left(M\right)\)

\(Mg\left(OH\right)_2\rightarrow\left(t^o\right)MgO+H_2O\)

  0,0625                 0,0625         ( mol )

\(4Fe\left(OH\right)_2+O_2\rightarrow\left(t^o\right)2Fe_2O_3+4H_2O\)

   0,0275                        0,01375            ( mol )

\(m=m_{MgO}+m_{Fe_2O_3}=\left(0,0625.40\right)+\left(0,01375.160\right)=4,7\left(g\right)\)       

Hòa tan X vào dd HNO₃; HCl thu được muối kim loại M cùng hóa trị

`=>` M của oxit X có hóa trị cao nhất 

Đặt CTHH X và Y lần lượt là \(M_2O_n;M_xO_y\)

\(M_2O_n+2nHNO_3\rightarrow2M\left(NO_3\right)_n+nH_2O\)

\(M_2O_n+2nHCl\rightarrow2MCl_n+nH_2O\)

Giả sử hòa tan 1 mol X

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{M\left(NO_3\right)_n}=2\\n_{MCl_n}=2\end{matrix}\right.\) ( mol )

Ta có: \(m_{M\left(NO_3\right)_n}-m_{MCl_n}=99,38\%m_X\)

\(\Leftrightarrow2\left(M_M+62n\right)-2\left(M_M+35,5n\right)=99,38\%\left(2M_M+16n\right)\)

\(\Leftrightarrow2M_M+124n-2M_M-71n=99,38\%\left(2M_M+16n\right)\)

\(\Leftrightarrow53n=99,38\%\left(2M_M+16n\right)\)

\(\Leftrightarrow53,33n=2M_M+16n\)

\(\Leftrightarrow M_M=\dfrac{56}{3}n\)

Với:

`@n=1->` Loại

`@n=2`->` Loại

`@n=3->` M là Sắt ( Fe )

\(M_Y=45\%M_X\)

\(\Leftrightarrow M_Y=45\%.160\)

\(\Leftrightarrow M_Y=72\) \((g/mol)\)

\(\Leftrightarrow56x+16y=72\)

Với \(x=1;y=1\) thỏa mãn

Vậy X và Y lần lượt là \(Fe_2O_3;FeO\)

\(n_{NaOH}=0,5.1=0,5\left(mol\right)\)

\(2NaOH+H_2SO_4\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)

    0,5             0,25                                ( mol )

\(V_{H_2SO_4}=\dfrac{0,25}{2}=0,125\left(l\right)=125\left(ml\right)\)

`=>` Chọn D