câu 1 :
Khi đốt cháy hợp chất hữu cơ nào cũng thu được sản phẩm là H2O và CO2
Khi cho sản phẩm qua H2SO4 đậm đặc thì H2O bị giữ lại => m(bình tăng) = mH2O = 3,6(g) => mH = \(\dfrac{2.mH2O}{18}=\dfrac{2.3,6}{18}=0,4\left(g\right)\)
Khi cho sp vào bình đựng nước vôi trong dư thì CO2 bị giữ lại
PTHH :
Ca(OH)2 + CO2 - > CaCO3 \(\downarrow\) + H2O
...................0,3mol.........0,3mol
=> mC = 0,3.12=3,6(g)
Ta có mC + mH = 3,6 + 0,4 = 4(g) < 10,4(g)
=> Trong A có chứa ng tố O
=> nO = \(\dfrac{10,4-4}{16}=0,4\)
Đạt CTTQ của A là CxHyOz
ta có : x : y : z = nC : nH : nO = 0,3:0,4:0,4 = 3 : 4 : 4
Vậy CTPT của A là C3H4O4 ( axit malonic)
Câu 2:
Theo đề bài ta có : mC = \(\dfrac{12.0,792}{44}=0,216\left(g\right)\) => nC = 0,018(mol) ; mH = \(\dfrac{2.mH2O}{18}=\dfrac{2.0,234}{18}0,026\left(g\right)=>nH=0,026\left(mol\right)\)
Ta có :
Nếu phân hủy 0.549g A thì thu được 0,03742l khí N2
nếu phân hủy 0,366g A thì thu đc V (l) khí N2
=> V = \(\dfrac{0,366.0,03742}{0,549}=\dfrac{1871}{75000}\left(l\right)=>nN2\approx0,001\left(mol\right)=>nN=2.nN2=0,002\left(mol\right)\)
=> mA = mC + mH + mN = 0,216 + 0,026 + 0,002.14 = 0,27 < 0,366 => A có chứa ng tố O
=> mO = 0,366-0,27 = 0,096(g) => nO = 0,006(mol)
Đặt CTTQ của A là CxHyOzNt
Ta có tỉ lệ : x:y:z:t = nC : nH : nO : nN = 0,018 : 0,026 : 0,006 : 0,002 = 9 : 13 : 3 : 1
Vậy CTPT của A là C9H13O3N
câu 5 :
Theo đề bài ta có : nCaCO3 = 25/100 = 0,25(mol) ; nO = 2nO2 = \(\dfrac{2.7,84}{22,4}=0,7\left(mol\right)\)
=> mO = 0,7.16 = 11,2(g) > mA => Trong A không chứa ng tố O
Đặt CTTQ của A là CxHy
Pt Pư
\(CxHy+\left(x+\dfrac{y}{4}\right)O2-^{t0}->xCO2+\dfrac{y}{2}H2O\)
CO2 + ca(OH)2 - > CaCO3 + H2O
0,25mol.......................0,25mol
=> nC = nCO2 = 0,25 (mol)
Ta có : m(bình tăng) = mCO2 + mH2O = 14,6
=> mH2O = 14,6 - 0,25.44 = 3,6(g)
=> nH = \(\dfrac{2.3,6}{18}=0,4\left(mol\right)\)
Ta có tỉ lệ : x : y = nC : nH = 0,25 : 0,4 = 5 : 8
Vậy CTPT của a là C5H8
Đặt CTTq của A là CxHyNz
Theo đề bài ta có : nCa(OH)2 = 1,8.0,05 = 0,09(mol)
Gọi : nCaCO3 = x mol ; nCa(HCO3)2 = y (mol)
PTHH :
\(Ca\left(OH\right)2+CO2->CaCO3\downarrow+H2O\)
xmol................xmol..................xmol
\(Ca\left(OH\right)2+2CO2->Ca\left(HCO3\right)2\)
ymol................2ymol...........ymol
\(Ca\left(HCO3\right)2+Ba\left(OH\right)2->CaCO3+BaCO3+H2O\)
ymol........................ymol.....................ymol............ymol
Ta có : \(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,09\\100x+297y=18.85\end{matrix}\right.\) => x = 0,04 ; y = 0,05
=> nC = nCO2 = 0,04 + 2.0,05 = 0,14(mol)
mặt khác ta có : mddsau(tăng) = mCO2 + mH2O - mCaCO3 =3,78
=> mH2O = 3,78 + mCaCO3 - mCO2 = 3,78 + 0,04.100 - 0,14.44 = 1,62(g)
=> nH = \(\dfrac{2.1,62}{18}=0,18\left(mol\right)\)
Ta có : mA = mC + mH + mN = 2,14
=> nN = \(\dfrac{2,14-0,14.12-0,18}{14}=0,02\left(mol\right)\)
Ta có tỉ lệ : x : y : z = nC : nH : nN = 0,14 : 0,18 : 0,02 = 7 : 9 : 1
Vậy CTPT của A là C7H9N
Câu 7:
Đặt CTTQ của A là CxHyOzNt
Theo đề bài ta có : \(nO2=\dfrac{0,616}{22,4}=0,0275\left(mol\right)\)
Vì H2O bị ngưng tụ nên => VCO2 + VN2 = VZ = 0,56(l)
Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}nCO2=x\left(mol\right)\\nH2O=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.=>x+y=\dfrac{0,56}{22,4}\left(1\right)\)
Theo đề bài ta có :
MZ = MH2. dMz/MH2 = 2.20,4 = 40,8 (g/mol)
Ta có sơ đồ đường chéo :
=> \(\dfrac{nCO2}{nN2}=\dfrac{x}{y}=4=>x=4y\)
Thay x = 4y vào (1) ta được : 4y + y = 0,025 => y = 0,005 ; x = 0,02
=> nC = nCO2 = 0,02 (mol) ; nN = 2nN2 = 0,01 (mol)
PT cháy :
\(CxHyOzNt+\left(x+\dfrac{y}{4}-\dfrac{z}{2}\right)O2-^{t0}->xCO2+\dfrac{y}{2}H2O+\dfrac{t}{2}N2\)
0,01mol.....................................0,0275mol...........0,02mol.................0,05mol
=> x = \(\dfrac{0,02}{0,01}=2\) ; t = \(\dfrac{0,005.2}{0,01}=1\)
ta có : x + \(\dfrac{y}{4}-\dfrac{z}{2}\) = 2 + \(\dfrac{y}{4}-\dfrac{z}{2}\) = \(\dfrac{nO2}{nX}=\dfrac{0,0275}{0,01}=2,75\)
<=> y/4 - z/2 = 0,75 <=> \(2y-4z=6< =>2\left(y-2z\right)=6< =>y-2z=3\)
mặt khác ta có : y \(\le2x+2+t=7\)
Biện luận :
z = 1 => y = 5 => CTPT của X là C2H5ON
z = 2 => y = 7 => CTPT của X là C2H7O2N
Câu 8 :
PTHH :
\(Ba\left(OH\right)2+CO2->BaCO3+H2O\)
Ta có m(bình tăng ) = mCO2 + mH2O = 3,36
<=> 44.nCO2 + 18.nH2O = 3,36
mà nCO2 =1,5.nH2O => 44.1,5nH2O + 18.nH2O = 3,36 <=> 84nH2O = 3,36 => nH2O = 0,04(mol) => nH = 0,08 (mol)
=> nC = nCO2 = 1,5.nH2O = 1,5.0,04 = 0,06(mol)
ta có ; mA = mC + mH = 0,06.12 + 0,08 = 0,8(g) < 1,12(g)
=> trong A có chứa O
=> nO = \(\dfrac{1,12-0,8}{16}=0,02\left(mol\right)\)
đặt CTTQ của A là : CxHyOz
Ta có tỉ lệ : x : y : z = nC : nH : nO = 0,06:0,08:0,02 = 3:4:1
Vậy CTPT của A là C3H4O
Câu 9 :
đổi 112cm3 = 0,112dm3=0,112(l)
=> nN2 = \(\dfrac{0,112}{22,4}=0,005\left(mol\right)=>nN=2.0,005=0,01\left(mol\right)\)
PTHH :
\(CO2+Ca\left(OH\right)2->CaCO3\downarrow+H2O\)
0,02mol..............................0,02mol
Ta có ; m(bình tăng) = mCO2 + mH2O = 1,51
=> mH2O = 1,51-0,02.44 = 0,63(g)
=> nH = \(\dfrac{2.0,63}{18}=0,07\left(mol\right)\)
Ta có : mA = mC + mH + mN = 0,02.12+0,07+0,01.14 = 0,45(g)
=> trong A ko chứa nguyên tố O
Đặt CTTQ của A là CxHyOz
Ta có tỉ lệ : x : y : z = nC : nH : nN = 0,02 : 0,07 : 0,01 = 2 : 7 : 1
Vậy CTPT của A là C2H7N
Câu 10 :
Theo đề bài ta có nO2 = \(\dfrac{16,8}{22,4}=0,75\left(mol\right)\)
Đặt CTTQ của A là CxHy
PT cháy :
\(CxHy+\left(x+\dfrac{y}{4}\right)O2-^{t0}->xCO2+\dfrac{y}{2}H2O\)
Áp dụng ĐLBTKL ta có :
mA + mO2 = mCO2 + mH2O
=> mCO2 + mH2O = 18 + 0,75.32 = 42(g)
mặt khác ta có : \(\dfrac{VCO2}{VH2O}=\dfrac{nCO2}{nH2O}=\dfrac{3}{2}=>nCO2=\dfrac{3}{2}nH2O\)
=> 44.nCO2 + 18.nH2O = 42
<=> 44.3/2.nH2O + 18.nH2O = 42
<=> 66nH2O + 18nH2O = 42 <=> 84nH2O = 42 => nH2O = 0,5(mol) => nH = 1(mol)
=> nC = nCO2 = 0,75(mol)
Ta có : mA = mC + mH = 0,75.12 + 1 = 10(g) < 18(g)
=> trong A có chứa O
=> nO = \(\dfrac{18-10}{16}=0,5\left(mol\right)\)
Đặt CTTQ của A là CxHyOz
ta có tỉ lệ : x : y : z = 0,75 : 1 : 0,5 = 1,5 : 2 : 1 = 3 : 4 : 2
Vậy CTPT của A là C3H4O2
Câu 4 :
Khi đốt cháy hợp chất hữu cơ A thì thu được sản phẩm gồm CO2 và H2O
Theo đề bài ta có : \(\left\{{}\begin{matrix}nBaCO3\left(muối-trung-tính\right)=\dfrac{3,94}{197}=0,02\left(mol\right)\\nBa\left(HCO3\right)2=\dfrac{2,59}{259}=0,01\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
PTHH :
\(Ba\left(OH\right)2+CO2->BaCO3\downarrow+H2O\)
0,02mol..............0,02mol....0,02mol
Ba(OH)2 + 2CO2 - > Ba(HCO3)2
0,01mol......0,02mol.....0,01mol
=> nCO2 = 0,04 (mol)
Ta có : \(m\left(bình-tăng\right)=mCO2+mH2O\)=2,66 => mH2O = 2,66-0,04.44 = 0,9(g)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}nC=nCO2=0,04\left(mol\right)\\nH=2nH2O=\dfrac{2.0,9}{18}=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
ta có : mA = mC + mH = 0,04.12 + 0,1 = 0,58(g)
=> trong A ko chứa O
Đặt CTTQ của A là CxHy
ta có : x : y = nC : nH = 0,04 : 0,1 = 2 : 5
=> CT đơn giản của a là (C2H5)n
Ta có : n = 1 => CTPT của A là C2H5(loại vì ko có chất hữu cơ nào thỏa mãn )
n = 2 => CTPT của A là C4H10 ( thỏa mãn )
n = 3 => CTPT của A là C6H15 ( loại )
Vậy CTPT của A là C4H10 ( butan )
mơ
