gọi m là khối lượng dầu cần dùng ta có 

\(10.10.10^6+25.27.10^6=m.44.10^6\Rightarrow m=...\)

1 ampe kế 

2, 3,2 V

3, cánh quạt cọ xát với ko khí ...

4, 25mA

ở bình 1 đá và nước cùng tồn tại cân bằng nhiệt nên nhiêt độ hệ là 0 độ C

gọi nhiệt độ cb ở bình 2 là x

ta có đổ m kg nước từ bình 1 sang bình 2 cân bằng nhiệt

\(m.4200.x=0,45.4200.\left(80-x\right)\Leftrightarrow mx=0,45.\left(80-x\right)\left(1\right)\)

đổ m kg nước lại bình 1 

\(m.4200.\left(x-20\right)=0,06.336000+\left(0,21-m\right).4200.20\)

\(\Leftrightarrow m4200.x=37800\left(2\right)\)

chia 2 vế (1) cho (2) \(\Rightarrow x=60^oC\)

thay x vào (1) \(\Rightarrow m=0,15\left(kg\right)\)

hình vẽ đâu bn

?

tính đến lúc người đi xe đạp quay lại đuổi khoảng cách 2 người là 

\(S=8.0,5+4.1=8\left(km\right)\)

gọi t là thời gian xe đạp đuổi kịp người đi bộ ta có

khi 2 người gặp nhau \(8.t=8+4.t\Rightarrow t=2\left(h\right)\)

vậy kể từ lúc khởi hành sau \(2+0,5.2=3\left(h\right)\) xe đạp đuổi kịp người đi bộ

câu 4 

a, vẽ lại mạch ta có r nt (R3//R4) nt (R1//R2)

điện trở tương đương đoạn mạch \(R_{tđ}=8+\dfrac{80.20}{100}+\dfrac{40.60}{100}=48\left(\Omega\right)\)

\(\Rightarrow I_A=I=\dfrac{U}{R_{tđ}}=\dfrac{12}{48}=0,25\left(A\right)\)

cường độ dđ qua R4 \(I_4=\dfrac{U_4}{R_4}=\dfrac{0,25.16}{20}=0,2\left(A\right)\)

cường độ dđ qua R2 \(I_2=\dfrac{U_2}{R_2}=\dfrac{0,25.24}{60}=0,1\left(A\right)\)

\(\Rightarrow I_{MN}=I_4-I_2=0,1\left(A\right)\)

b, anh nhớ nếu mạch nối bằng vôn kế lí tưởng thì sẽ coi đoạn đấy là mạch hở mà nhỉ nhỉ :?? e tham khảo thầy cô phần b nhá a ko chắc nhớ nữa :))

c, khi tháo điện trở và lắp lại U nguồn luôn đc bảo toàn nên a dùng công thức tính công suất \(P=\dfrac{U^2}{R}\) để P max R phải min 

vậy R min khi mạch lắp R1//R2//R3//R4 \(\Rightarrow R_{tđ}=9,6\left(\Omega\right)\)

\(\Rightarrow P_{max}=\dfrac{12^2}{9,6}=15\left(W\right)\)

vote cho Quang Nhân CTV vì hay on ,thấy top 2 bxh lí (mấy bxh khác t ko qtam :))) trả lời câu hỏi đủ ko sai 

chắc chỉ có v thôi mong bn giúp đỡ :3

sau bao lâu vật rơi lại \(0=4-10.t\Rightarrow t=0,4\left(s\right)\)

vật roi trở lại hết thời gian còn lại đạt vận tốc \(v_t=10.\left(12-0,4\right)=116\left(m/s\right)\)

động năng \(W_đ=\dfrac{1}{2}mv_t^2=6728m\)

câu 1 

lần đổ thứ nhất ta có \(t_{cb1}=t_0+7\)

cân bằng nhiệt ta có \(m_0C_0.\left(t_{cb_1}-t_0\right)=mC.\left(t-t_{cb1}\right)\)

\(\Leftrightarrow m_0C_0.7=mC.\left(t-t_0-7\right)\left(1\right)\)

lần đổ thứ 2 ta có \(t_{cb2}=t_0+7+5\)

cân bằng nhiệt lần 2 \(m_0C_0\left(t_{cb2}-t_{cb1}\right)+mC.\left(t_{cb2}-t_{cb1}\right)=mC\left(t-t_{cb2}\right)\)

\(\Leftrightarrow m_0C_0.5=mC.\left(t-t_0-7-5-5\right)\left(2\right)\)

chia 2 vế (1) cho (2) \(\Rightarrow\dfrac{7}{5}=\dfrac{t-t_0-7}{t-t_0-7-10}\Rightarrow t-t_0=42^oC\)

b, khi đổ lần 3 ta gọi nhiệt độ tăng thêm là t_x ta có \(t_{cb3}=t_{cb_2}+t_x\)

cân bằng nhiệt lần 3 ta có 

\(m_0C_0.t_x+2mC.t_x=2mC.\left(t-t_0-7-5-t_x\right)\)

\(\Leftrightarrow m_0C_0t_x=2mC\left(t-t_0-7-5-2t_x\right)\left(3\right)\)

chia 2 vế cho (3)(2)

\(\dfrac{t_x}{5}=\dfrac{2\left(42-7-5-2t_x\right)}{42-7-10}\Rightarrow t_x=\dfrac{20}{3}^oC\)

khi cân bằng nhiệt độ tăng thêm \(7+5+\dfrac{20}{3}=\dfrac{56}{3}^oC\)

số hơi lẻ nhỉ e xem đoạn trên  ý b a có biến đổi lỗi chỗ nào ko nhá 

có j cần hỏi em cứ bình luận ở dưới nhá