\(n_{Fe}=\dfrac{4,2}{56}=0,075\left(mol\right)\)

PTHH: \(Fe_2O_3+3CO\underrightarrow{t^o}2Fe+3CO_2\)

           0,0375<--------0,075

=> \(H\%=\dfrac{0,0375.160}{7,1}.100\%=84,507\%\)

\(n_{FeO}=\dfrac{7,2}{72}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: \(FeO+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2O\)

               0,1----->0,1------>0,1

=> \(m_{H_2SO_4}=0,1.98=9,8\left(g\right)\Rightarrow m_{dd.H_2SO_4}=\dfrac{9,8.100}{20}=49\left(g\right)\)

\(m_{FeSO_4}=0,1.152=15,2\left(g\right)\)

- TN1:

\(m_{H_2}=2.1\%=0,02\left(mol\right)\)

=> \(n_{H_2}=\dfrac{0,02}{2}=0,01\left(mol\right)\)

PTHH: \(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

           0,01<------------------0,01

=> n_Fe = 0,01 (mol)

- TN2:

Gọi số mol FeO, Fe₂O₃ là a, b (mol)

=> 72a + 160b = 2 - 0,01.56 = 1,44 (1)

\(m_{H_2O}=2.21,15\%=0,423\left(g\right)\Rightarrow n_{H_2O}=\dfrac{0,423}{18}=0,0235\left(mol\right)\)

PTHH: \(FeO+H_2\underrightarrow{t^o}Fe+H_2O\)

                a--------------->a

            \(Fe_2O_3+3H_2\underrightarrow{t^o}2Fe+3H_2O\)

                 b---------------------->3b

=> a + 3b = 0,0235 (2)

(1)(2) => a = 0,01 (mol); b = 0,0045 (mol)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%Fe=\dfrac{0,01.56}{2}.100\%=28\%\\\%FeO=\dfrac{0,01.72}{2}.100\%=36\%\\\%Fe_2O_3=\dfrac{0,0045.160}{2}.100\%=36\%\end{matrix}\right.\)

a) 

Gọi số mol Al, Cu là a, b (mol)

=> 27a + 64b = 12,3 (1)

\(n_{NO}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

\(Al\rightarrow Al^{+3}+3e\)

 a---------->3a

\(Cu\rightarrow Cu^{+2}+2e\)

  b---------->2b

\(4H^++NO_3^-+3e\rightarrow NO+2H_2O\)

 0,8<------------0,6<--0,2

Bảo toàn e: 3a + 2b = 0,6 (2)

(1)(2) => a = 0,1 (mol); b = 0,15 (mol)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%_{Al}=\dfrac{0,1.27}{12,3}.100\%=21,95\%\\\%_{Cu}=\dfrac{0,15.64}{12,3}.100\%=78,05\%\end{matrix}\right.\) 

b) \(n_{HNO_3}=n_{H^+}=0,8\left(mol\right)\)

=> \(V_{dd.HNO_3}=\dfrac{0,8}{1,5}=\dfrac{8}{15}\left(l\right)\)

a) 

Tính axit: 

\(H_2N-CH_2-COOH+NaOH\rightarrow H_2N-CH_2-COONa+H_2O\)

Tính bazo:

\(HOOC-CH_2-NH_2+HCl\rightarrow HOOC-CH_2-NH_3Cl\)

=> Glyxin có tính lưỡng tính

b)

- Cho các dd tác dụng với giấy quỳ tím

+ QT chuyển xanh: CH₃-CH₂-NH₂

+ QT chuyển màu đỏ: CH₃COOH

+ QT không chuyển màu: CH₃-CH(-NH₂)-COOH

\(n_{H_2}=\dfrac{33,6.10^{-3}}{22,4}=0,0015\left(mol\right)\)

PTHH: \(Zn+2HCl\rightarrow ZnCl_2+H_2\)

       0,0015<-0,003<----------0,0015

=> m_Zn = 0,0015.65 = 0,0975 (g)

=> m_ZnO = 2,406 - 0,0975 = 2,3085 (g)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%Zn=\dfrac{0,0975}{2,406}.100\%=4,05\%\\\%ZnO=\dfrac{2,3085}{2,406}.100\%=95,95\%\end{matrix}\right.\)

\(n_{KOH}=0,1.3=0,3\left(mol\right);n_{H_3PO_4}=0,1.1=0,1\left(mol\right)\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{n_{KOH}}{n_{H_3PO_4}}=\dfrac{0,3}{0,1}=3\)

=> Tạo ra K₃PO₄

PTHH: \(3KOH+H_3PO_4\rightarrow K_3PO_4+3H_2O\)

                                0,1------>0,1

=> \(m_{K_3PO_4}=0,1.212=21,2\left(g\right)\)

a) \(n_{Cu}=\dfrac{7,68}{64}=0,12\left(mol\right)\)

PTHH: \(Cu+2H_2SO_{4\left(đ,n\right)}\rightarrow CuSO_4+SO_2+2H_2O\)

           0,12--->0,24------------>0,12--->0,12

\(V_{SO_2}=0,12.22,4=2,688\left(l\right)\)

b) m_{dd sau pư} = 7,68 + 60 - 0,12.64 = 60 (g)

\(C\%_{CuSO_4}=\dfrac{0,12.160}{60}.100\%=32\%\)

- Trích một ít các dd làm mẫu thử

a)

- Cho các dd tác dụng với giấy quỳ tím:

+ QT chuyển đỏ: HCl

+ QT chuyển xanh: Ba(OH)₂

+ QT không chuyển màu: NaCl

- Dán nhãn

b)

- Cho các dd tác dụng với giấy quỳ tím:

+ QT chuyển xanh: NaOH, Ba(OH)₂ (1)

+ QT không chuyển màu: NaCl

- Cho dd ở (1) tác dụng với dd Na₂SO₄

+ Không hiện tượng: NaOH

+ Kết tủa trắng: Ba(OH)₂

\(Ba\left(OH\right)_2+Na_2SO_4\rightarrow BaSO_4\downarrow+2NaOH\)

- Dán nhãn

c)

- Cho các dd tác dụng với giấy quỳ tím:

+ QT chuyển đỏ: H₂SO₄ 

+ QT chuyển xanh: NaOH, Ba(OH)₂ (1)

+ QT không chuyển màu: NaCl

- Cho dd ở (1) tác dụng với dd Na₂SO₄

+ Không hiện tượng: NaOH

+ Kết tủa trắng:Ba(OH)₂

\(Ba\left(OH\right)_2+Na_2SO_4\rightarrow BaSO_4\downarrow+2NaOH\)

- Dán nhãn