Ủa sao không có anh Dũng mà có tới hai anh Nguyễn Hoàng Minh vậy, còn em thì sao :<

\(NaOH\rightarrow OH^-+Na^+\)

0,01<----0,01

`=> n_{NaOH} = 0,01.0,2 = 0,002(mol)`

`=> a = 0,002.40 = 0,08(g)`

\(n_{Na_2O}=\dfrac{a}{62}\left(mol\right)\)

\(m_{dd}=a+b\left(g\right)\)

`Na_2O + H_2O -> 2NaOH`

Theo PT: `n_{NaOH} = 2n_{Na_2O} = a/(31) (mol)`

\(\Rightarrow C\%_{NaOH}=\dfrac{40.\dfrac{a}{31}}{a+b}.100\%=10\%\)

\(\Leftrightarrow\dfrac{40a}{31}=0,1\left(a+b\right)\\ \Leftrightarrow\dfrac{369a}{310}=0,1b\\ \Leftrightarrow\dfrac{a}{b}=\dfrac{0,1}{\dfrac{369}{310}}=\dfrac{31}{369}\)

Hay `a : b = 31 : 369`

`n_{FeSO_4} = 0,25(mol)`

\(n_{FeSO_4}=\dfrac{13,2.10^{23}}{6.10^{23}}=2,2\left(mol\right)\)

\(n_{NO_2}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\\ n_A=n_{Al}+n_{Cu}=0,22+0,25=0,47\left(mol\right)\)

\(n_{O_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right);n_{N_2}=\dfrac{13,44}{22,4}=0,6\left(mol\right)\\ \Rightarrow n_B=n_{O_2}+n_{N_2}=0,5+0,6=1,1\left(mol\right)\)

\(n_{Fe}=\dfrac{15.10^{23}}{6.10^{23}}=2,5\left(mol\right)\\ \Rightarrow n_C=n_{Cu}+n_{Fe}=0,25+2,5=2,75\left(mol\right)\\ n_{CO_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right);n_{N_2}=\dfrac{2,7.10^{23}}{6.10^{23}}=0,45\left(mol\right)\\ \Rightarrow n_D=n_{O_2}+n_{CO_2}+n_{N_2}=0,25+0,5+0,45=1,2\left(mol\right)\)

`n_{Cl} = 2n_{MgCl_2} = 2.0,525 = 1,05(mol)`

Số nguyên tử `Cl` là:

`1,05.6.10^{23} = 6,3.10^{23}` (nguyên tử)

`HNO_3 -> H^{+} + NO_3^{-}`

`0,004 -> 0,004`

`-> pH = -log(0,004) ~~ 2,4 < 7`

Môi trường axit

Màu phenolphtalein là không màu và quỳ tím hóa đỏ

`Ba(OH)_2 -> 2OH^{-} + Ba^{2+}`

`0,005 -> 0,01`

`-> pH = 14 + log(0,01) = 12 > 7`

Môi trường bazơ

Màu của phenolphtalein là màu hồng còn quỳ tím là xanh

Dd thu được có môi trường trung tính

`=>` Bazơ và axit đều hết

`n_{HCl} = 0,2.0,1 = 0,02(mol)`

`2HCl + Ba(OH)_2 -> BaCl_2 + 2H_2O`

`0,02 -> 0,01`

`-> V = V_{ddBa(OH)_2} = (0,01)/(0,1) = 0,1(l) = 100(ml)`

`Ba(OH)_2 -> 2OH^{-} + Ba^{2+}`

`0,1 -> 0,2`

`-> pH = 14 + log(0,2) ~~ 13,3`

`2NaOH + CO_2 -> Na_2CO_3 + H_2O`

`BaCO_3 + 2HCl -> BaCl_2 + CO_2 + H_2O`

`3AgNO_3 + K_3PO_4 -> Ag_3PO_4 + 3KNO_3`

`FeS + 2HCl -> FeCl_2 + H_2S`

`Mg(OH)_2 + 2HCl -> MgCl_2 + 2H_2O`

$C_nH_{2n} + \dfrac{3n}{2} O_2 \xrightarrow{t^o} nCO_2 + nH_2O$
$C_nH{2n+2} + \dfrac{3n+1}{2} O_2 \xrightarrow{t^o} nCO_2 + (n+1)H_2O$

`Fe_xO_y + 2yHCl -> FeCl_{2y//x} + yH_2O`

`2M + 2nH_2SO_4 -> M_2(SO_4)_n + nSO_2 + 2nH_2O`

Z không tác dụng với dd HCl => Zn hết

Dung dịch NaOH + dd Y -> 8,82 gam kết tủa

=> Trong dd vẫn còn muối Cu(NO₃)₂ dư

\(n_{Zn}=\dfrac{10,4}{65}=0,16\left(mol\right)\)

PTHH:

Zn + 2AgNO₃ ---> Zn(NO₃)₂ + 2Ag↓ (1)
Zn + Cu(NO₃)₂ ---> Zn(NO₃)₂ + Cu↓ (2)

Zn(NO₃)₂ + 2NaOH ---> Zn(OH)₂↓ + 2NaNO₃ (3)

Cu(NO₃)₂ + 2NaOH ---> Cu(OH)₂↓ + 2NaNO₃ (4)

2Ag(NO₃)₂ + 2NaOH ---> Ag₂O↓ + H₂O + 2NaNO₃ (5)

Xét 2 trường hợp:

- Trường hợp 1: AgNO₃ dư

Theo PT (1): n_Ag = 2n_Zn = 0,32(mol)

=> m_Ag = 0,32.108 = 34,56(g) > 17,84 (g) (vô lý)

=> Loại

- Trường hợp 2: AgNO₃ hết

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{AgNO_3}=a\left(mol\right)\\n_{Cu\left(NO_3\right)_2\left(pư\right)}=b\left(mol\right)\\\end{matrix}\right.\)

BTNT Ag: \(n_{Ag}=n_{AgNO_3}=a\left(mol\right)\)

BTNT Cu: \(n_{Cu}=n_{Cu\left(NO_3\right)_2\left(pư\right)}=b\left(mol\right)\)

=> 108a + 64b = 17,84 (*)

Theo PT (1),(2): \(n_{Zn}=\dfrac{1}{2}n_{Ag}+n_{Cu}\)

=> 0,5a + b = 0,16 (**)

(*),(**) => a = 0,1; b = 0,11

\(n_{Cu\left(OH\right)_2}=\dfrac{8,82}{98}=0,09\left(mol\right)\)

BTNT Cu: \(n_{Cu\left(NO_3\right)_2\left(dư\right)}=n_{Cu\left(OH\right)_2}=0,09\left(mol\right)\)

Vậy dd ban đầu có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{AgNO_3}=0,1\left(mol\right)\\n_{Cu\left(NO_3\right)_2}=0,11+0,09=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}C_{M\left(AgNO_3\right)}=\dfrac{0,1}{0,4}=0,25M\\C_{M\left(Cu\left(NO_3\right)_2\right)}=\dfrac{0,2}{0,4}=0,5M\end{matrix}\right.\)