Câu 17

RCOOC_nH_2n+1(n là số nguyên tử cacbon trung bình của 2 ancol)

RCOOC_nH_2n+1+NaOH\(\rightarrow\)RCOONa+ C_nH_2n+1OH

2C_nH_2n+1OH\(\rightarrow\)C_nH_2n+1OC_nH_2n+1+H₂O (ở 140⁰ thu ete)

\(n_{C_nH_{2n}}=n_{H_2O}=\dfrac{0,45}{18}=0,025mol\)

\(n_{Este}=n_{NaOH}=n_{RCOONa}=n_{rượu}=2n_{anken}=0,05mol\)

RCOONa=\(\dfrac{4,1}{0,05}=82\)

\(\Leftrightarrow\)R+67=82\(\rightarrow\)R=15(CH₃-)

- Do thu được 1 muối nên 2 este ban đầu có cùng gốc axit làCH₃-

- Bảo toàn khối lượng cho PTHH1:

3,98+0,05.40=4,1+m \(\rightarrow\)m=1,88g

M_rượu=\(\dfrac{1,88}{0,05}=37,6\) \(\rightarrow\)14n+18=37,6\(\rightarrow\)n=1,4

2 rượu là CH₃OH và C₂H₅OH

CTHH 2 este: CH₃COOCH₃ VÀ CH₃COOC₂H₅

Đáp án D

Câu 11 nha!

- A tác dụng Na nên A có thể là rượu hoặc axit hoặc chứa cả 2 nhóm.

- A tác dụng AgNO₃/NH₃ nên A có chứa nhóm -CHO

- A không tác dụng NaOH nên A không phải axit

- Vậy A chứa nhóm chức rượu

- Chung lại A có 1 nhóm -CHO và 1 nhóm -OH

- Đáp án D

- Gọi x là phần trăm của \(^{35}_{17}Cl\)

vậy 100-x là phần trăm của\(^{37}_{17}Cl\)

\(\overline{M}=\dfrac{35.x+37\left(100-x\right)}{x+100-x}=35,5\)

\(\Leftrightarrow\)\(\dfrac{3700-2x}{100}=35,5\)

\(\Leftrightarrow\)3700-2x=3550

\(\Leftrightarrow\)2x=150

\(\Leftrightarrow\)x=75%

Đặt Công thức: X_2nO_3n

\(\%X=\dfrac{2nX}{2nX+48n}.100=70\)

\(\Leftrightarrow\)\(\dfrac{X}{X+24}=0,7\)

0,7X+16,8=X\(\Leftrightarrow\)0,3X=16,8\(\Leftrightarrow\)X=56(Sắt: Fe)

Công thức oxit: Fe₂O₃

Phân tử khối=56.2+16.3=160 đvC

n_X=0,1 mol

C_xH_y+\(\left(x+\dfrac{y}{4}\right)\)O₂\(\rightarrow\)xCO₂+\(\dfrac{y}{2}H_2O\)

- Bình axit bắt H₂O: \(m_{H_2O}=5,4g\rightarrow n_{H_2O}=5,4:18=0,3mol\)

- Bình bazo bắt CO₂:

CO₂+Ca(OH)₂\(\rightarrow\)CaCO₃+H₂O

\(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=\dfrac{30}{100}=0,3mol\)

- Theo PTHH 1 ta có:

x=\(\dfrac{n_{CO_2}}{n_X}=\dfrac{0,3}{0,1}=3\)

\(\dfrac{y}{2}=\dfrac{n_{H_2O}}{n_X}=\dfrac{0,3}{0,1}=3\rightarrow y=6\)

CTPT X: C₃H₆

- Nếu cho qua bình 2 trước thì bình 2 hấp thụ cả CO₂ và H₂O nên khối lượng bình 2 tăng: 0,3.44+5,4=18,6g

- Bình 1 hấp thụ H₂O nên tăng 5,4 g

- Khối lượng dung dịch bình 2 giảm: 30-18,6=11,4g( do kết tủa tách ra 30g nhiều hơn tổng khối lượng CO₂ và H₂O là 18,6g)

C. 3n-5

- Đặt CTHH chung cho 2 anken là: \(C_nH_{2n}\)

\(C_nH_{2n}\)+Br₂\(\rightarrow\)\(C_nH_{2n}Br_2\)

- Độ tăng bình brom chính là khối lượng 2 anken:m=28g

\(n_{anken}=\dfrac{13,44}{22,4}=0,6mol\)

M_anken=\(\dfrac{m}{n}=\dfrac{28}{0,6}\approx46,67\)

14n\(\approx\)46,67 suy ra n\(\approx\)3,33

- Do 2 anken đồng đẳng lên tiếp nên 2 anken là: (3<n\(\approx\)3,33<4)\(\rightarrow\)C₃H₆ và C₄H₈

C₂H₄+H₂\(\rightarrow\)C₂H₆

- Nếu hiệu suất 100% thì dựa vào PTHH ta thấy H₂ dư nên iệu suất tính theo H₂

C₂H₄+Br₂\(\rightarrow\)C₂H₄Br₂

\(n_{Br_2}=2.0,075=0,15mol\)

\(n_{C_2H_4}=n_{Br_2}=0,15mol\)

Theo PTHH 1: \(n_{H_2}=n_{C_2H_4}=0,15mol\)

- Hiệu suất phản ứng: H=\(\dfrac{0,15}{0,2}.100=75\%\)

2P_A+2P_B+N_A+N_B=58 (1)

2P_A+2P_B-(N_A+N_B)=18 (2)

2P_A-2P_B=6 (3)

Giải (1)+(2) ta có: P_A+P_B=19 (4) và N_A+N_B=20

Kết hợp (3) và (4) giải ra P_A=11(Natri; Na), P_B=8(Oxi: O)

Fe_xO_y+2yHCl\(\rightarrow\)\(xFeCl_{\dfrac{2y}{x}}\)+yH₂O

Fe+2HCl\(\rightarrow\)FeCl₂+H₂

\(n_{H_2}=\dfrac{0,224}{22,4}=0,01mol\)

\(n_{Fe}=n_{H_2}=0,01mol\rightarrow m_{Fe}=0,56g\)

moxit=1,28-0,56=0,72g

%Fe=\(\dfrac{0,56.100}{1,28}43,75\%\)

%oxit=100%-43,75%=56,25%

Fe_xO_y+yH₂\(\rightarrow\)xFe+yH₂O

m_Fe do oxit tạo ra=5,6-0,56.\(\dfrac{6,4}{1,28}\)=5,6-2,8=2,8g

n_Fe=2,8:56=0,05mol

noxit=\(\dfrac{0,05}{x}mol\)

Moxit=\(\dfrac{6,4-m_{Fe}}{\dfrac{0,05}{x}}=\dfrac{6,4-2,8}{\dfrac{0,05}{x}}=72x\)

hay 56x+16y=72x hay 16x=16y hay x=y

CTHH oxit: FeO