Bài 1:

Ta có: \(n_{Fe_3O_4}=\dfrac{23,2}{232}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: Fe₃O₄ +8HCl -> FeCl₂ + 2FeCl₃ + 4H₂O

+) Ta có: \(V_{ddHCl}=400\left(ml\right)=0,4\left(l\right)\)

=> \(n_{HCl}=0,4.2=0,8\left(mol\right)\)

Theo PTHH và đề bài, ta có:

\(\dfrac{n_{HCl\left(đề\right)}}{n_{HCl\left(PTHH\right)}}=\dfrac{0,8}{8}=\dfrac{n_{Fe_3O_4\left(đề\right)}}{n_{Fe_3O_4\left(PTHH\right)}}=\dfrac{0,1}{1}\)

=> Phản ứng hết, Ko có chất dư, tính theo chất nào cũng được.

- Dung dịch thu dc sau phản ứng gồm FeCl₂ và FeCl₃

Ta có: \(n_{FeCl_2}=\dfrac{0,8}{8}=0,1\left(mol\right)\\ n_{FeCl_3}=\dfrac{2.0,8}{8}=0,2\left(mol\right)\)

=> \(V_{ddsauphảnứng}=V_{ddHCl}=0,4\left(l\right)\)

=> \(C_{MddFeCl_2}=\dfrac{0,1}{0,4}=0,25\left(M\right)\\ V_{ddFeCl_3}=\dfrac{0,2}{0,4}=0,5\left(M\right)\)

Câu B.

PTHH: 2C₂H₅COOH + Na -> 2C₂H₅COONa + H₂O + CO₂

\(\dfrac{\left(12:13\right)+\left(12:131\right)-\left(12:1313\right)+\left(12:13131\right)}{\left(15:13\right)+\left(15:131\right)-\left(15:1313\right)+\left(15:13131\right)}\\ =\dfrac{12:\left(13+131-1313+13131\right)}{15:\left(13+131-1313+13131\right)}=\dfrac{12}{15}=\dfrac{4}{5}\)

Ta có: \(n_{Al_2O_3}=\dfrac{1,2.10^{23}}{6.10^{23}}=0,2\left(mol\right)\\ PTHH:Al_2O_3+6HCl->2AlCl_3+3H_2O\\ a,n_{HCl}=\dfrac{0,2.6}{1}=1,2\left(mol\right)\\ =>V_{ddHCl}=\dfrac{1,2}{2}=0,6\left(l\right)\\ \)

b,

- Dung dịch thu được sau phản ứng là dd AlCl₃

- Ta có: \(V_{ddAlCl_3}=V_{ddHCl}=0,6\left(l\right)\)

\(n_{AlCl_3}=2.0,2=0,4\left(mol\right)\)

=> \(C_{MddAlCl_3}=\dfrac{0,4}{0,6}\approx0,667\left(M\right)\)

Ta có: \(n_{H_2}=\dfrac{3,36}{22,4}=0,15\left(mol\right)\\ PTHH:Mg+2HCl->MgCl_2+H_2\uparrow\\ =>n_{Mg}=n_{H_2}=0,15\left(mol\right)\\ =>m_{Mg}=0,15.24=3,6\left(g\right)\)

PTHH: Fe + 2HCl -> FeCl₂ + H₂

Ta có: \(n_{Fe}=\dfrac{5,6}{56}=0,1\left(mol\right)\\ =>n_{FeCl_2}=n_{H_2}=n_{Fe}=0,1\left(mol\right)\\ =>m_{FeCl_2}=0,1.127=12,7\left(g\right)\\ V_{H_2\left(đktc\right)}=0,1.22,4=2,24\left(l\right)\\ n_{HCl}=2.0,1=0,2\left(mol\right)\\ =>m_{HCl}=0,2.36,5=7,3\left(g\right)\)

=> \(C\%_{ddHCl}=\dfrac{7,3}{146}.100=5\%\)

a) xăng, dầu hỏa, (khí) ga, ma dút, củi, than: nhiên liệu

Giaỉ:

Vì Om là tia phân giác của góc xOy, nên:

\(\widehat{xOm}=\widehat{mOy}=\dfrac{\widehat{xOy}}{2}=\dfrac{50^o}{2}=25^o\)

=> Chọn (A).

Câu 2:

PTHH: A + H₂SO₄ -> ASO₄ + H₂

Ta có: \(n_{H_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

Theo PTHH và đề bài, ta có: \(n_A=n_{H_2SO_4}=n_{H_2}=0,2\left(mol\right)\)

a, \(M_A=\dfrac{m_A}{n_A}=\dfrac{4,8}{0,2}=24\left(\dfrac{g}{mol}\right)\)

Vậy: kim loại A(II) cần tìm là magie (Mg=24)

b, \(V_{ddH_2SO_4}=\dfrac{n_{H_2SO_4}}{C_{MddH_2SO_4}}=\dfrac{0,2}{0,5}=0,4\left(l\right)\)

c, Dung dịch sau phản ứng là dd MgSO₄ (thay từ ASO₄, A là Mg, câu a)

Theo giả thiết, V_dd sau phản ứng thay đổi không đáng kể, nên:

\(V_{ddMgSO_4}=V_{ddH_2SO_4}=0,2\left(l\right)\)

\(n_{MgSO_4}=n_{H_2}=0,2\left(mol\right)\\ =>C_{MddMgSO_4}=\dfrac{0,2}{0,2}=1\left(M\right)\)

Câu 1: Gỉai:

+) Ta có: D_ddNaOH= 1,08g/ml

V_ddNaOH= 2(l)= 2000(ml)

=> m_ddNaOH= 1,08.2000= 2160(g)

Ta có: n_NaOH= V_ddNaOH.C_MddNaOH= 2.2=4(mol)

=> m_NaOH= 4.40=160 (g)

=> \(C\%_{ddNaOH}=\dfrac{160}{2160}.100\approx7,407\%\)