\(n_{CO2}=0,14;n_{H2O}=0,23\)

Gọi ankan, anken là C_nH_2n+2; C_mH_2m (\(n\ge1,m\ge2\))

PTHH

C_nH_2n+2 + \(\dfrac{3n+1}{2}\)O₂ \(\rightarrow\) nCO₂ + (n+1)H₂O

C_mH_2m + \(\dfrac{3n}{2}\)O₂ \(\rightarrow\) mCO₂ + mH₂O

\(\Rightarrow\)Khi đốt cháy X thu được n_H2O>n_CO2 là do ankan

n_ankan = n_H2O - n_CO2 =0,09mol

\(\Rightarrow n_{ankan}+n_{anken}\ge0,09mol\)

\(\Rightarrow C_{trung-bình\left(X\right)}\le\dfrac{0,14}{0,09}=1,55\)

\(\Rightarrow Ankan-là-CH_4\)

\(\Rightarrow m_{CH4}=0,09.16=1,44gam\)

Bảo toàn khối lượng: \(m_{\left(ankan+anken\right)}=m_C+m_H=0,14.12+0,23.2=2,14gam\)

\(\Rightarrow m_{anken}=2,14-1,44=0,7gam\)

(Bài này thì tất cả anken đều thỏa mãn, vì vậy mà cô ko xác định công thức của anken).

@Rainbow

@Ngọc Lan

Gọi hỗn SO₂ và O₂ ban đầu là A. Có khối lượng bằng m gam.

\(\Rightarrow M_A=\dfrac{64.5+32.5}{10}=48\)

d_A/X=0,8 \(\Rightarrow M_X=60\)

Ta có : \(\dfrac{M_A}{M_X}=\dfrac{n_X}{n_A}=0,8\Rightarrow n_{X\left(SO2dư,O2dư,SO3\right)}=8mol\)

(Giải thích \(M_A=\dfrac{m}{n_A};M_X=\dfrac{m}{n_X}\Rightarrow\dfrac{M_A}{M_X}=\dfrac{n_X}{n_A}\))

PTHH: SO₂+ \(\dfrac{1}{2}\)O₂ \(\rightarrow\) SO₃

Sau phản ứng số mol khí giảm là do O₂ phản ứng

\(\Rightarrow n_{O2pu}=10-8=2mol\\ \Rightarrow n_{SO2pu}=4mol\)

(Tính hiệu suất theo số mol SO₂ vì nếu pứ hoàn toàn thì SO₂ hết)

\(\Rightarrow H=\dfrac{n_{SO2pu}}{n_{SO2bđ}}.100=\dfrac{8}{10}.100=80\%\)

@nguyen thi minh thuong

Bài này có 2 TH

TH1: CO₂ thiếu, Ca(OH)₂ dư: Muối tạo thành là CaCO₃ (muối không tan); trong dung dịch chỉ có Ca(OH)₂ dư.

TH2: CO₂ dư, Ca(OH)₂ hết: Muối tạo thành gồm CaCO₃ (muối không tan) và Ca(HCO₃)₂ (muối tan); trong dung dịch chỉ có muối Ca(HCO₃)₂.

Tính lại m_dd=m_ddCa(OH)2+m_CO2-m_CaCO3

Gọi A có CTĐGN là C_xH_y

Tỉ lệ x:y=2:5

=> CTĐGN là C₂H₅ (không thể là công thức phân tử vì y phải chẵn) (đối với hidrocacbon thì y phải chẵn)

( n>3 loại vì đối với hidrocacbon số H đạt cực đại là y=2x+2)

=> A là C₄H₁₀

Tính chất của một chất như thế nào là do cấu tạo của chất đó quyết định. Vì cấu tạo của chất không thay đổi nên chất sẽ có những tính chất xác định

Cô có một số góp ý cho câu này như sau:

Liên kết trong hợp kim có 2 loại

+ Giữa các nguyên tố hình thành liên kết hóa học. Ví dụ trong gang, khi đó sẽ kí hiệu là Fe₃C. (loại này chắc chỉ hình thành khi hợp kim gồm Kl và PK)

+ Giữa các nguyên tố chỉ hình thành liên kết vật lí. Ví dụ là trong hợp kim sắt-niken, khi đó sẽ kí hiệu là Fe-Ni. (loại này chắc là giữa 2 KL)

-Vì vậy trong bài này cô nghĩ cách ghi hợp kim đúng phải là 3Cu-Al ( Cu được ghi trước bởi vì trong hợp kim hàm lượng Cu cao hơn)

Khi trình bày chú ý trình bày ngắn gọn, dễ quan sát thôi. Nên viết số mol của các chất bên dưới phương trình luôn. Cô sẽ chữa cho một bài mẫu nhé.

Gọi số mol của Mg, Al lần lượt là x và y.

\(n_{H2}=0,07mol\)

Mg + H₂SO₄ \(\rightarrow\) MgSO₄ + H₂

x ...........x................. x..........x

2Al + 3H₂SO₄ \(\rightarrow\) Al₂(SO₄)₃ + 3H₂

y ..........\(\dfrac{3}{2}y\)...............\(\dfrac{1}{2}y\) ............\(\dfrac{3}{2}y\)

Từ 2 pt \(\Rightarrow n_{H2SO4}=n_{H2}=0,07mol\\ \Rightarrow m_{ddH2SO4}=\dfrac{0,07.98}{1,96\%}=350gam\)

\(\Rightarrow m_{ddsau}=m_{ddH2SO4}+m_{KL}-m_{H2}=350+1,41-0,07.2=351,27\)

Ta có hệ \(\left\{{}\begin{matrix}24x+27y=1,41\\x+\dfrac{3}{2}y=0,07\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,025\\y=0,03\end{matrix}\right.\)

\(\left\{{}\begin{matrix}C_{\%MgSO4}=\dfrac{0,025.120}{351,27}.100\%=0,854\%\\C_{\%Al2\left(SO4\right)3}=\dfrac{0,015.342}{351,27}.100\%=1,460\%\end{matrix}\right.\)

@Rainbow

@Hậu Trần Công

@Trương Tuyết Nhi

Hiện tượng khi cho từ từ NaOH và dd AlCl₃ mà các em nêu là chưa chính xác.

Hiện tượng đúng là: Ban đầu xuất hiện kết tủa keo, khi tiếp tục cho NaOH vào thì kết tủa keo tan dần, cuối cùng thu được dung dịch trong suốt

PTHH: (như các e đã viết)