\(Fe+2HCl\xrightarrow[]{}FeCl_2+H_2\)

(mol)      x..........2x..........x...........x

           \(2Al+6HCl\xrightarrow[]{}2AlCl_3+3H_2\)

(mol)     y...........3y............y............1,5y

a) Gọi x, y là số mol Fe, Al

\(n_{H_2}=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\left(mol\right)\)

Ta có hpt: \(\left\{{}\begin{matrix}56x+27y=8,3\\x+1,5y=0,25\end{matrix}\right.\)

⇒ \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,1\\y=0,1\end{matrix}\right.\)

\(\%^m_{Fe}=\dfrac{0,1.56}{8,3}.100=67,47\%\)

\(\%^m_{Al}=100-67,47=32,53\%\)

b) \(m_{FeCl_2}=0,1.127=12,7\left(g\right)\)

\(m_{AlCl_3}=0,1.133,5=13,35\left(g\right)\)

c) \(m_{ddHCl}=500.1,25=625\left(g\right)\)

d) Theo BTKL: \(m_{hh}+m_{ddHCl}=m_{ddA}+m_{H_2}\)

⇒ \(m_{ddA}=8,3+625-0,25.2=632,8\left(g\right)\)

\(C\%_{FeCl_2}=\dfrac{12,7}{632,8}.100=2\%\)

\(C\%_{AlCl_3}=\dfrac{13,35}{632,8}.100=2,1\%\)

\(Zn\left(OH\right)_2\xrightarrow[]{t^o}ZnO+H_2O\)           

\(ZnO+H_2SO_4\xrightarrow[]{}ZnSO_4+H_2O\)

a) \(n_{Zn\left(OH\right)_2}=n_{ZnO}=\dfrac{4,05}{81}=0,05\left(mol\right)\)

\(m_{Zn\left(OH\right)_2}=0,05.99=4,95\left(g\right)\)

b) \(m_{H_2SO_4}=\dfrac{200.9}{100}=18\left(g\right)\)

\(n_{H_2SO_4}=\dfrac{18}{98}\approx0,18\left(mol\right)\)

Tỉ lệ: \(\dfrac{0,05}{1}< \dfrac{0,18}{1}\)

⇒ \(H_2SO_4\) dư. Dùng số mol \(Zn\left(OH\right)_2\) để tính 

\(n_{H_2SO_4pứ}=n_{ZnSO_4}=n_{Zn\left(OH\right)_2}=0,05\left(mol\right)\)

Theo BTKL: \(m_{Zn\left(OH\right)_2}+m_{ddH_2SO_4}=m_{ddsau}\)

⇒ \(m_{ddsau}=4,95+200=204,95\left(g\right)\)

\(C\%_{ZnSO_4}=\dfrac{0,05.161}{204,95}.100=3,98\%\)

\(C\%_{H_2SO_4}=\dfrac{\left(0,18-0,05\right).98}{204,95}.100=6,22\%\)

- Trong dd nước muối thì sắt bị ăn mòn nhanh hơn để ngoài không khí

- Các vật dụng nấu ăn bằng kim loại như nồi. niêu...  bị ăn mòn nhanh hơn vì thường tiếp xúc với nhiệt độ cao

- Các kim loại trong điều kiện ở gần biển sẽ bị ăn mòn nhanh hơn ở những nơi khô ráo

            \(Fe_2O_3+6HCl\xrightarrow[]{}2FeCl_3+3H_2\)

(mol)       0,1............0,6...........0,2

a) \(n_{Fe_2O_3}=\dfrac{16}{160}=0,1\left(mol\right)\)

\(m_{FeCl_3}=0,2.162,5=32,5\left(g\right)\)

b) \(V_{HCl}=\dfrac{0,6}{0,5}=1,2\left(l\right)\)

c) \(C_{M_{FeCl_3}}=\dfrac{0,2}{1,2}\approx0,167\left(M\right)\)

a) Ở 18^oC 121,2 g dd chứa 100g nước và 21,2 g Na₂CO₃

⇒ 160g dd chứa được 28g Na₂CO₃

b) \(m_{táchra}=40-28=12\left(g\right)\)

Pha tối diễn ra cả sáng và tối miễn có đủ ATP và NADPH, nhưng không có ánh sáng thì pha sáng không diễn ra, pha sáng không diễn ra thì không có ATP và NADPH, không có ATP và NADPH thì pha tối không diễn ra

⇒ Ánh sáng ảnh hưởng gián tiếp đến pha tối :)

1.

\(CuO+CO\xrightarrow[]{t^o}Cu+CO_2\)

\(FeO+CO\xrightarrow[]{t^o}Fe+CO_2\)

A gồm Cu, Fe và có thể dư CuO, FeO

B gồm CO, \(CO_2\)

\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,15.1=0,15\left(mol\right)\)

\(n_{BaCO_3}=\dfrac{29,55}{197}=0,15\left(mol\right)\)

\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=n_{BaCO_3}=0,15\left(mol\right)\) nên không pứ tạo \(Ba\left(HCO_3\right)_2\)

\(Ba\left(OH\right)_2+CO_2\xrightarrow[]{}BaCO_3+H_2O\)

Bảo toàn C: \(n_{COpứ}=n_{CO_2}=n_{BaCO_3}=0,15\left(mol\right)\)

Theo BTKL: \(m_{hh}+m_{COpứ}=m_A+m_{CO_2}\)

⇒ \(31,2+0,15.28=m_A+0,15.44\)

⇒ \(m_A=28,8\left(g\right)\)

2.

Gọi a,b,c,d là số mol Fe, Cu, FeO, CuO trong A

⇒ \(m_A=56a+64b+72c+80d=28,8\) (1)

và \(n_{CO_2}=a+b=0,15\) (2)

Phần 1: 

\(Fe+2HCl\xrightarrow[]{}FeCl_2+H_2\)

\(n_{H_2}=\dfrac{0,56}{22,4}=0,025\left(mol\right)\)

⇒ \(\dfrac{1}{2}a=0,025\)

⇒ a = 0,05 (3)

Phần 2: 

\(2Fe+6H_2SO_{4đặc}\xrightarrow[]{t^o}Fe_2\left(SO_4\right)_3+3SO_2+6H_2O\)

\(2FeO+4H_2SO_{4đặc}\xrightarrow[]{t^o}Fe_2\left(SO_4\right)_3+SO_2+4H_2O\)

\(Cu+2H_2SO_{4đặc}\xrightarrow[]{t^o}CuSO_4+SO_2+2H_2O\)

\(n_{SO_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

⇒ \(\dfrac{3}{4}a+\dfrac{1}{2}b+\dfrac{1}{4}c=0,1\) (4)

Từ (1)(2)(3)(4) giải hệ 

⇒ \(\left[{}\begin{matrix}a=0,05\\b=0,1\\c=0,05\\d=0,2\end{matrix}\right.\)

\(m_{FeO}=72.\left(0,05+0,05\right)=7,2\left(g\right)\)

\(m_{CuO}=31,2-7,2=24\left(g\right)\)

a) \(FeCl_3+3KOH\xrightarrow[]{}Fe\left(OH\right)_3+3KCl\\ 2Fe\left(OH\right)_3\xrightarrow[]{t^o}Fe_2O_3+3H_2O\)

b) \(n_{KOH}=\dfrac{1}{3}n_{FeCl_3}=\dfrac{1}{3}.\dfrac{48,75}{162,5}=0,1\left(mol\right)\)

900ml=0,9l

\(C_{M_{KOH}}=\dfrac{0,1}{0,9}\approx0,11\left(M\right)\)

c) Bảo toàn Fe: \(n_{Fe_2O_3}=\dfrac{1}{2}n_{FeCl_3}=\dfrac{1}{2}.0,3=0,15\left(mol\right)\)

\(m_{Fe_2O_3}=0,15.160=24\left(g\right)\)

Đốt nhôm trong không khí ta thu được nhôm oxit :v

a) \(4CuFeS_2+13O_2\xrightarrow[]{t^o}4CuO+2Fe_2O_3+8SO_2\)

(mol) 0,02...........0,065........0,02........0,01.........0,04

b) \(n_{CuFeS_2}=\dfrac{3,68}{184}=0,02\left(mol\right)\)

\(n_{O_2}=\dfrac{1,68}{22,4}=0,075\left(mol\right)\)

Tỉ lệ: \(\dfrac{0,02}{4}< \dfrac{0,075}{13}\)

⇒ \(O_2\) dư. Đưa số mol \(CuFeS_2\) vào pt để tính

\(n_{O_2dư}=0,075-0,065=0,01\left(mol\right)\)

\(V_{O_2\left(đktc\right)}=0,01.22,4=0,224\left(l\right)\)

\(V_{SO_2\left(đktc\right)}=0,08.22,4=1,792\left(l\right)\)

\(m_{rắn}=0,02.80+0,01.160=3,2\left(g\right)\)

câu b đã thành phần số mol còn đktc là sao