C₂H₂ + H₂ C₂H₄

C₂H₂ + H₂ C₂H₆

Khi cho hỗn hợp B qua dd nước Br₂ chỉ có C₂H₄ và C₂H₂ phản ứng C₂H₂ +2Br₂ → C₂H₂Br₄

C₂H₄ + Br₂ → C₂H₄Br₂

=> khối lượng bình Br₂ tăng chính bằng khối lượng của C₂H₂ và C₂H₄

m_C2H2 + m_C2H4 = 4,1 (g)    

Hỗn hợp khí D đi ra là CH₄, C₂H₆ và H₂

CH₄ + 2O₂ → t ∘  CO₂ + 2H₂O

C₂H₆ + O₂  → t ∘  2CO₂ + 3H₂O

2H₂ + O₂  → t ∘  2H₂O

Bảo toàn nguyên tố O cho quá trình đốt cháy hh D ta có:

2n_CO2 = 2n_O2 – n_H2O => n_CO2 = ( 0,425. 2– 0,45)/2 = 0,2 (mol)

Bảo toàn khối lượng : m_{hh D} = m_CO2 + m_H2O – m_O2 = 0,2.44 + 0,45.18 – 0,425.32 = 3,3 (g)

Bảo toàn khối lương: m_A = (m_C2H2 + m_C2H4) + m_{hh D} = 4,1 + 3,3 = 7,4 (g)

Ta có n(O₂ dư) = 0,2 mol; n(CO₂) = 0,4 mol; n(H₂O) = 0,5 mol

Áp dụng ĐLBT nguyên tố Oxi: n(O₂ đã dùng) = n(O₂ dư) + n(CO₂) + ½ n(H₂O) = 0,85 mol

→ n(N₂) = 3,4 mol → Đáp án C

Đáp án C.

Đáp án C

Chọn C

3,4 mol

a)

C₂H₄ + 3O₂ --t^o--> 2CO₂ + 2H₂O

2C₃H₆ + 9O₂ --t^o--> 6CO₂ + 6H₂O

C₂H₄O₂ + 2O₂ --t^o--> 2CO₂ + 2H₂O

b) 

Quy đổi C₂H₄, C₃H₆ thành C_nH_2n

hh chứa \(\left\{{}\begin{matrix}C_nH_{2n}:a\left(mol\right)\\C_2H_4O_2:b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> 14an + 60b = 13 (1)

PTHH: C_nH_2n + \(\dfrac{3n}{2}\)O₂ --t^o--> nCO₂ + nH₂O

                a--->1,5an-------->an

            C₂H₄O₂ + 2O₂ --t^o--> 2CO₂ + 2H₂O

                 b----->2b---------->2b

=> \(n_{CO_2}=an+2b=\dfrac{15,68}{22,4}=0,7\left(mol\right)\) (2)

(1)(2) => an = 0,5; b = 0,1 (mol)

\(V=22,4.\left(1,5an+2b\right)=21,28\left(l\right)\)

c) \(\%m_{C_2H_4O_2}=\dfrac{60.0,1}{13}.100\%=46,154\%\)

a, \(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\)

\(C_2H_4+3O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+2H_2O\)

\(2C_2H_2+5O_2\underrightarrow{t^o}4CO_2+2H_2O\)

b, Sửa đề: 17,9 (l) → 17,92 (l)

Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{17,92}{22,4}=0,8\left(mol\right)=n_C\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{18}{18}=1\left(mol\right)\Rightarrow n_H=1.2=2\left(mol\right)\)

⇒ m_A = m_C + m_H = 0,8.12 + 2.1 = 11,6 (g)

Theo ĐLBT KL, có: m_A + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

⇒ m_O2 = 0,8.44 + 18 - 11,6 = 41,6 (g)

\(\Rightarrow n_{O_2}=\dfrac{41,6}{32}=1,3\left(mol\right)\Rightarrow V_{O_2}=1,3.22,4=29,12\left(l\right)\)

CH4 + 2O2 t0→ CO2 + 2H2O

C2H4 + 3O2 t0→ 2CO2 + 2H2O

C2H2 + 52 O2 t0→ 2CO2 + 2H2O

-Gọi:  nCH4:a(mol)

nC2H4:b(mol)

nC2H2:c(mol) 

⇒16a+28b+26c=11(1)

BTNT C ⇒a+2b+2c=0,75(2)

-Phân tích (1)và (2) ta được:

{13a+26b+26c=9,75

=>3a+2b=1,25(3)

16a+32b+32c=12

=>4b+6c=1(4)

-Từ (3) ⇒ \(a=\dfrac{1,25-2b}{3}\)

-Từ (4)⇒\(\dfrac{1-4c}{6}\)

-% CH4 =\(\dfrac{16a}{16a+32b+32c}.100\)

-Thay công thức a và c vào (⋅)

⇒%CH4=\(\dfrac{\dfrac{1,25-2b}{3}16}{16\dfrac{1,25-2b}{3}+28b+26.\dfrac{1-4b}{6}}100=12,12\%\)

PT: \(2C_3H_8O_3+7O_2\underrightarrow{t^o}6CO_2+8H_2O\) (1) 

\(C_2H_4O_2+2O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+2H_2O\)

\(C_3H_6O_3+3O_2\underrightarrow{t^o}3CO_2+3H_2O\)

\(C_6H_{12}O_6+6O_2\underrightarrow{t^o}6CO_2+6H_2O\)

Coi hh gồm: C₃H₈O₃ và CH₂O (vì C₂H₄O₂, C₃H₆O₃ và C₆H₁₂O₆ đều có CTĐGN là CH₂O)

\(CH_2O+O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+H_2O\)

Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{44}{44}=1\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{19,8}{18}=1,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{H_2O}-n_{CO_2}=n_{C_3H_8O_3}=0,1\left(mol\right)\)

BTNT C, có: \(3n_{C_3H_8O_3}+n_{CH_2O}=n_{CO_2}\Rightarrow n_{CH_2O}=0,7\left(mol\right)\)

⇒ m = m_C3H8O3 + m_CH2O = 0,1.92 + 0,7.30 = 30,2 (g)

Theo ĐLBT KL, có: m_A + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

⇒ m_O2 = 44 + 19,8 - 30,2 = 33,6 (g) \(\Rightarrow n_{O_2}=\dfrac{33,6}{32}=1,05\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{O_2}=1,05.22,4=23,52\left(l\right)\)