Đề kiểm tra 1 tiết chương I: Oxit-Axit -Đề 1

a.) \(n_{Fe}=\dfrac{2,8}{56}=0,05mol\)

\(n_{HCl}=1,5.0,2=0,3mol\)

\(PT:\) \(Fe+2HCl->FeCl_2+H_2\)

Ta có cứ 0,05 mol Fe thì cần 0,1 mol HCl => HCl dư

\(n_{Fe}=n_{H_2}=0,05mol\)

\(V_A=0,05.22,4=1,12l\)

b.) Dung dịch sau phản ứng có chứ: \(nHCl\) dư: 0,3 - 0,1= 0,2 mol

\(n_{FeCl_2}:0,05mol\)

V dd ko đổi = 200ml = 0,2\(l\)

\(CM_{HCldư}=\dfrac{0,2}{0,2}=1M\)

\(CM_{FeCl_2}=\dfrac{0,05}{0,2}=0,25M\)

để mk giải hihi

Mg + H₂SO₄ ->MgSO₄ + H₂ (1)

MgO + H₂SO₄ -> MgSO₄ + H₂O (2)

n_H2SO4=0,2.1,5=0,3(mol)

n_H2=2,24/22,4=0,1(mol)

Theo PTHH 1 ta có:

n_H2SO4=n_Mg=n_H2=0,1(mol)

m_Mg=24.0,1=2,4(g)

n_{H2SO4 tác dụng với MgO}=0,3-0,1=0,2(mol)

Theo PTHH 2 ta có:

n_MgO=n_H2SO4(2)=0,2(mol)

m_MgO=40.0,2=8(g)

%m_Mg=\(\dfrac{2,4}{8+2,4}.100\%=23,077\%\)

%m_MgO=100-23,077=76,923%

K₂O + H₂O -> 2KOH (1)

n_K2O=\(\dfrac{14,1}{94}=0,15\left(mol\right)\)

Theo PTHH 1 ta có:

2n_K2O=n_KOH=0,3(mol)

C_M dd KOH=\(\dfrac{0,3}{0,5}=0,6M\)

c;

2NaOH + H₂SO₄ -> Na₂SO₄ + 2H₂O (2)

Theo PTHH 2 ta có:

\(\dfrac{1}{2}\)n_NaOH=n_H2SO4=0,15(mol)

m_H2SO4=98.0,15=14,7(g)

m_{dd H2SO4}=14,7:10%=147(g)

V_{dd H2SO4}=147:1,14=129(ml)

a, K₂O + H₂O ->2 KOH

b, n_K2O= 0,15 ( mol )

K2O + H2O-> 2KOH

Theo pt 1 1 2 ( mol )

Theo đb 0,15 0,15 0,3 ( mol)

==> C_M=\(\dfrac{0.3}{0,5}\) = 0,6 M

c, 2KOH + H₂SO₄ -> K₂SO₄ + 2H₂O

Theo pt 2 1

Theo đb 0,15 0,075

==> m_{dd H2S04}=\(\dfrac{0,075.98.100\%}{10\%}=73,5\left(g\right)\)

==> V_{dd h2so4}=\(\dfrac{73,5}{1,14}=64,47\left(ml\right)\)

nhầm câu c tí nha NaOH -> KOH nha ko có ảnh hưởng gi đến bài giải đâu

MgO + 2HCl -> MgCl₂ + H₂O (1)

MgCO₃ + 2HCl -> MgCl₂ + CO₂ + H₂O (2)

n_CO2=\(\dfrac{7,84}{22,4}=0,35\left(mol\right)\)

Theo PTHH 1 ta có:

n_CO2=n_MgCO3=0,35(mol)

m_MgCO3=84.0,35=29,4(g)

%m_MgCO3=\(\dfrac{29,4}{40,4}.100\%=72,77\%\)

%m_MgO=100-72,77=27,23%

c;

Ca(OH)₂ + CO₂ -> CaCO₃ + H₂O (3)

Theo PTHH 3 ta có:

n_Ca(OH)2=n_CO2=0,35(mol)

C_M dd Ca(OH)₂=\(\dfrac{0,35}{0,1}=3,5M\)

**********************************

Theo như mình biết thì trong 1 lít nước vôi trong thì chỉ có 0,027mol Ca(OH)₂ mà ở đây C_M lên đến 3,5M thì nó chỉ đúng vè mặt định tính thôi.

Theo đề bài ta có : \(nKOH=\dfrac{200.5,6}{100.56}=0,2\left(mol\right)\)

a) PTHH :

\(KOH+HCl->KCl+H2O\)

0,2mol.......0,2mol.....0,2mol

b) Tính khối lượng dd HCl cần dùng là :

mddHCl = \(\dfrac{0,2.36,5}{14,6}.100=50\left(g\right)\)

c) Tính nồng độ phần trăm của dd muối sau phản ứng

C%ddKCl = \(\dfrac{0,2.74,5}{0,2.56+50}.100\%\approx24,35\%\)

Theo de bai ta co :

nNa2SO3 = \(\dfrac{1,26}{126}=0,01\left(mol\right)\)

a) PTHH :

\(Na2SO3+2HCl->2NaCl+SO2\uparrow+H2O\)

0,01mol..........0,02mol.....0,02mol....0,01mol

b) The tich SO2 la :

\(VSO2\left(dktc\right)=0,01.22,4=0,224\left(l\right)\)

c) Nong do dd HCl la :

\(CM_{HCl}=\dfrac{0,02}{0,25}=0,08\left(M\right)\)

d) Theo de bai ta co :

mddHCl = 1,2.250 = 300 (g)

=> \(C\%ddNaCl=\dfrac{0,02.58,5}{1,26+300-0,01.64}.100\%\approx0,39\%\)

Em có thể hỏi bạn Trần Hữu Tuyển. Cô đã chữa cho bạn ấy đề này rồi

Đề ở Diện châu khó thật. Mk nghi Sao làm vậy thôi

CuSO₄ + 2NaOH -> Cu(OH)₂ + Na₂SO₄ (1)

n_CuSO4=0,4(mol)

Theo PTHH 1 ta có:

n_NaOH=2n_CuSO4=0,8(mol)

n_Cu(OH)2=n_CuSO4=0,4(mol)

C_M dd NaOH=\(\dfrac{0,8}{0,2}=4M\)

m_Cu(OH)2=98.0,4=39,2(g)

Cu(OH)₂ -> CuO + H₂O (2)

n_{CuO thực tế}=0,1(mol)

Theo PTHH 2 ta có:

n_{CuO lý thuyết}=n_Cu(OH)2=0,4(mol)

=>H=\(\dfrac{0,1}{0,4}.100\%=25\%\)

\(n_{CuSO_4}=0,2.2=0,4mol\)

CuSO₄+2NaOH\(\rightarrow\)Cu(OH)₂\(\downarrow\)+Na₂SO₄

\(n_{NaOH}=2n_{CuSO_4}=2.0,4=0,8mol\)

\(C_{M_{NaOH}}=\dfrac{n}{v}=\dfrac{0,8}{0,2}=4M\)

\(n_{Cu\left(OH\right)_2}=n_{CuSO_4}=0,4mol\)

\(m_{Cu\left(OH\right)_2}=0,4.98=39,2gam\)

Cu(OH)₂\(\overset{t^0}{\rightarrow}\)CuO+H₂O

\(n_{Cu\left(OH\right)_2\left(pu\right)}=n_{CuO\left(tt\right)}=\dfrac{m}{M}=\dfrac{8}{80}=0,1mol\)

\(\rightarrow H\)=\(\dfrac{0,1}{0,4}.100=25\%\)

1.(đề đầu)

1. SO3

2.\(P_2O_5+3H_2O\rightarrow2H_3PO_4\)

3.\(CaO+2HCl\rightarrow CaCl_2+H_2O\)

2.

(1)\(CaO+H_2O\rightarrow Ca\left(OH\right)_2\)

(2)\(Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

(3)CaCO₃ --nhiệt>CaO+H₂O

(4)\(CaO+2HCl\rightarrow CaCl_2+H_2O\)

(5)\(3CaCl_2+2Na_3PO_4\rightarrow Ca_3\left(PO_4\right)_2+6NaCl\)

3.

a,\(SO_3+H_2O\rightarrow H_2SO_4\)

b,\(n_{SO_3}=\dfrac{8}{80}=0,1\left(mol\right)\)

Theo PTHH: \(n_{H2SO4}=n_{SO3}=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M\left(SO3\right)}=\dfrac{0,1}{0,25}=0,4\left(M\right)\)

1(Đề 2)

1.H2SO4

2.BaO

3.CuO

2.

(1)CaCO3---nhiệt-->CaO+H2O

(2)CaO+H2O--->Ca(OH)2

(3)Ca(OH)2+CO2--->CaCO3+H2O

(4)CaO+2HCl--->CaCl2+H2O

(5)Ca(OH)2+Mg(NO3)2---->Ca(NO3)2+Mg(OH)2

3.

a, SO3+H2O--->H2SO4

b,\(n_{SO3}=\dfrac{16}{80}=0,2\left(mol\right)\)

Theo PTHH:\(n_{H2SO4}=n_{SO3}=0,2\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow C_{M\left(H2SO4\right)}=\dfrac{0,2}{0,5}=0,4\left(mol\right)\)

Cách 1:

Cho vào dd HCl ta thu dc đồng ko tan

2Al + 6HCl -> 2AlCl₃ + 3H₂

Cách 2:

Cho vào dd kiềm dư như NaOH thu được đồng ko tan

2Al + 2NaOH + 2H₂O -> 2NaAlO₂ + 3H₂