Chọn B.

Gọi a và b lần lượt là số mol của Fe và Cu. Xét hỗn hợp chứa 20 gam Fe₂O₃ và CuO ta có :

Dung dịch T gồm K⁺, Na⁺, OH^- và NO₃^-. Khi nung chất rắn khan T thì :

Dung dịch X gồm Fe²⁺, Fe³⁺, Cu²⁺(0,2 mol) và NO₃^- (với ). Xét X có:

Đáp án B

n H N O 3 =  0,96 mol và n N a O H = 0,4 mol, n K O H = 0,2

đặt n F e = x mol và n C u   = y mol

Bảo toàn nguyên tố có n F e 2 O 3 = ½ . n F e = ½ .x

                                    n C u O   =   n C u   =   y

Ta có hệ phương trình sau 56x + 64 y = 14,8 gam và 80x + 80y = 20

→ x = 0,15 mol và y = 0,1 mol

Nếu dung dịch Z chỉ chứa 2 muối N a N O 3 và K N O 3 thì khi đun nóng thu được K N O 2 và N a N O 2

Bảo toàn nguyên tố có n N a N O 2   =   n N a O H   = 0,4 và n K O H = 0,2 = n K N O 2

→ mrắn  = 0,4.69 +0,2. 85 = 44,6 gam > 42,86 nên Z còn chứa cả NaOH và KOH

Z chứa : N a + : 0,4 mol; K + : 0,2 mol; OH- : a mol và N O 3 - : b mol

Bảo toàn điện tích có 0,4 + 0,2 = a + b (*)

Đun nóng Z có 0,4 mol Na ; K +   :   0 , 2   m o l ;   O H -   :   a   m o l   v à   N O 2 -   :   b   m o l

→ 17a + 46b + 0,2.39 + 0,4.23 = 42,86 (**)

Từ (*) và (**) → a = 0,06 và b = 0,54

→ dd X chứa F e 2 + :   c   m o l ;   F e 3 + :   d   m o l   v à   C u 2 + :   0 , 1   m o l ;   N O 3 -   :   0 , 54   m o l (cùng bằng lượng NO3- trong Z)

Bảo toàn điện tích có 2c + 3d + 0,1.2 = 0,54 (***)

Bảo toàn Fe có c + d =0,15 (****)

Từ (***) và (****) → c = 0,11 và d =0,04 mol

Bảo toàn nguyên tố có n N (sp khử)  = n H N O 3 – n N O 3 (Y) = 0,96 – 0,54 =0,42 mol

Quy đổi khí sản phẩm khử là N : 0,42 mol và O : e mol

Bảo toàn e có 2 n F e ( 2 + )     +   3 n F e ( 3 + )   +   2 n C u ( 2 + )   - 2 n O   =   5 n N

→ 5.0,42 = 2.0,11 +3.0,04 + 0,1.2 +2e

→ e = 0,78 mol

Bảo toàn khối lượng mdd X = m K L   + m H N O 3   –   m N   –   m O

                                           = 14,8 + 126 – 0,42.14 – 0,78.16 =122,44 g

Nồng độ % của F e N O 3 3  là := 7,9%

Đáp án D

Chọn đáp án B.

Đáp án B

+Sơ đồ phản ứng

Đáp án D

Chọn A.

Đáp án C

Trường hợp 1: Nếu trong dung dịch Z, số mol NO³⁻ > số mol OH⁻

Vậy m_ran > 0,5. 85+0,4.101 = 82,9 > 66,18 → loại → Trong muối, NO³⁻ thiếu, OH⁻dư.

Trường hợp 2: Hệ: 

→ OH⁻dư, toàn bộ Fe, Cu đã kết tủa hết.

Ta có hh KL + HNO₃ → Muối (Fe²⁺,Fe³⁺,Cu²⁺,NO³⁻) + Khí N_xO_y+ H₂O

BTNT: n_N trong khí = 1,32 – 0,82 = 0,5; n_O trong khí = (1,32 – 0,82).3 – 0,66 = 0,84

BTKL: m_ddsau = 180 + 20,8 – 0,5.14 – 0,84.16 = 180,36 gam