Gọi số mol của NaHCO₃ và Na₂CO₃ trong 2 phần lần lượt là x và y (mol)

Phần I : 

2NaHCO₃  +  Ba(OH)₂ --> BaCO₃↓ + Na₂CO₃ + H₂O

Na₂CO₃  + Ba(OH)₂  --> BaCO₃↓   +  NaOH

=> nBaCO₃ = 1/2nNaHCO₃ + nNa₂CO₃  = (x/2 + y) mol

=> m1 = (x/2 + y).197 gam

Phần II : 

Na₂CO₃  + BaCl₂  -->  BaCO₃↓  + 2NaCl

=> nBaCO₃ = y mol <=> m2 = 197y gam

mà \(\dfrac{m_1}{m_2}=1.25\) => \(\dfrac{\text{(x/2 + y).197}}{197y}\)=1,25 

Rút gọn phương trình => y = 2x

Vậy hỗn hợp A gồm NaHCO₃ và Na₂CO₃ với nNa₂CO₃ = 2nNaHCO₃

=> mA = 84x + 106.2x = 296x gam

%mNaHCO₃ = \(\dfrac{84x}{296x}.100\)= 28,37% và %mNa₂CO₃ = 100-28,37 =71,63%

Đáp án B

P1 : nCO2 = naxit = 0,075 mol = nCOOH

P2 : nCO2 = 0,125 mol < 2nCOOH

axit chỉ có 1 C

HCOOHancol có cùng M là C2H5OH có n = 0,025 mol

Xét toàn bộ lượng chất : Phản ứng tạo este tính H% theo ancol

0,02 mol HCOOC2H5

meste = 1,48g

Đáp án B

Định hướng tư duy giải

P₁ : n C O 2 = n_axit = 0,075 mol = n_COOH

P₂ : n C O 2 = 0,125 mol < 2n_COOH axit chỉ có 1 C

 HCOOH ancol có cùng M là C₂H₅OH có n = 0,025 mol

Xét toàn bộ lượng chất : Phản ứng tạo este tính H% theo ancol

 0,02 mol HCOOC₂H₅

 m_este = 1,48g

Phần 1:

Đặt `n_{NaHCO_3}=x(mol);n_{Na_2CO_3}=y(mol)`

`->84x+106y={7,6}/2=3,8(1)`

`10ml=0,01l;300ml=0,3l`

`n_{HCl\ bd}=0,3.0,3=0,09(mol)`

`NaHCO_3+HCl->NaCl+CO_2+H_2O`

`Na_2CO_3+2HCl->2NaCl+CO_2+H_2O`

`NaOH+HCl->NaCl+H_2O`

Theo PT: `n_{HCl\ du}=n_{NaOH}=0,01.3=0,03(mol)`

`->n_{HCl\ pu}=x+2y=0,09-0,03=0,06(2)`

`(1)(2)->x=0,02(mol);y=0,02(mol)`

`->` Hỗn hợp ban đầu có \(\begin{cases}m_{NaHCO_3}=0,02.84.2=3,36(g)\\ m_{Na_2CO_3}=7,6-3,36=4,24(g)\end{cases}\)

Phần 2:

`NaHCO_3+Ca(OH)_2->CaCO_3+NaOH+H_2O`

`Na_2CO_3+Ca(OH)_2->CaCO_3+2NaOH`

Theo PT: `n_{CaCO_3}=x+y=0,04(mol)`

`->m_{\downarrow}=m_{CaCO_3}=0,04.100=4(g)`

- Phần 1: \(n_{H_2}=\dfrac{1,344}{22,4}=0,06\left(mol\right)\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Al}=a\left(mol\right)\\n_{Fe}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\left(a,b>0\right)\)

PTHH:

\(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2\)

a--------------------------->1,5a

\(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

b--------------------------->b

\(\Rightarrow1,5a+b=0,06\left(1\right)\)

- Phần 2: Đặt hệ số tỉ lệ \(\dfrac{P_2}{P_1}=k\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{Al}=ak\left(mol\right)\\n_{Fe}=bk\left(mol\right)\end{matrix}\right.\Rightarrow ak+bk=0,15\left(2\right)\)

\(n_{H_2}=\dfrac{2,016}{22,4}=0,09\left(mol\right)\)

PTHH: \(2Al+2KOH+2H_2O\rightarrow2KAlO_2+3H_2\)

           0,06<----------------------------------------0,09

\(\Rightarrow ak=0,06\left(3\right)\)

Từ \(\left(1\right),\left(2\right),\left(3\right)\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,02\\b=0,03\\k=3\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow m=\left(0,02.27+0,03.56\right)\left(3+1\right)=8,88\left(g\right)\)

Chọn D.              

Ta có khối lượng mỗi phần là 30,66 gam.

Cho phần một tác dụng với NaOH dư thu được 0,09 mol H₂ do vậy trong X chứa Al dư.

Vậy trong mỗi phần chứa Fe, Al₂O₃ và Al dư 0,06 mol.

Cho phần 2 tác dụng với 1,74 mol HNO₃ thu được 0,18 mol NO. Cô cạn dung dịch Y thu được các muối, nung rắn tới khối lượng không đổi thu được rắn chứa Al₂O₃ và Fe₂O₃ có số mol bằng nhau.

Gọi số mol của Fe, Al₂O₃ trong mỗi phần lần lượt là a, b → 56a + 102b + 0,06.27 = 30,66

Và a = 2b + 0,06 

Giải hệ: a=0,3; b=0,12.

Gọi x là số mol NH₄NO₃ có thể tạo ra.

Bảo toàn e: 1,56 – 2x = 0,12.6 + 0,18.3 + 8x

Vậy NO₃^- trong muối là 1,5 mol.

Muối trong Y gồm Al(NO₃)₃ 0,3 mol, Fe(NO₃)₂ 0,3 mol và NH₄NO₃0,03 mol.

Cho Y tác dụng với Na₂CO₃ dư thu được kết tủa là Al(OH)₃ 0,3 mol và FeCO₃ 0,3 mol.

→ a = 58,2 gam

Đáp án A

Ta có khối lượng mỗi phần là 30,66 gam.

Cho phần một tác dụng với NaOH dư thu được 0,09 mol H₂ do vậy trong X chứa Al dư.

Vậy trong mỗi phần chứa Fe, Al₂O₃ và Al dư 0,06 mol.

Cho phần 2 tác dụng với 1,74 mol HNO₃ thu được 0,18 mol NO. Cô cạn dung dịch Y thu được các muối, nung rắn tới khối lượng không đổi thu được rắn chứa Al₂O₃ và Fe₂O₃ có số mol bằng nhau.

Gọi số mol của Fe, Al₂O₃ trong mỗi phần lần lượt là a, b  

=> 56a+102b+0,06.27= 30,66

Và a= 2b+0,06

Giải hệ: a=0,3; b=0,12.

Gọi x là số mol NH₄NO₃ có thể tạo ra.

Bảo toàn N:  n N O 3 -   t r o n g   m u o i   K L = 1 , 74 - 0 , 18 - 2 x = 1 , 56 - 2 x

Bảo toàn e: 1,56-2x= 0,12.6+0,18.3+8x

Vậy NO₃^– trong muối là 1,5 mol.

Muối trong Y gồm Al(NO₃)₃ 0,3 mol, Fe(NO₃)₂ 0,3 mol và NH₄NO₃ 0,03 mol.

Cho Y tác dụng với Na₂CO₃ dư thu được kết tủa là Al(OH)₃ 0,3 mol và FeCO₃ 0,3 mol.

=> a= 58,2 gam

Đáp án A

Ta có khối lượng mỗi phần là 30,66 gam.

Cho phần một tác dụng với NaOH dư thu được 0,09 mol H₂ do vậy trong X chứa Al dư.

Vậy trong mỗi phần chứa Fe, Al₂O₃ và Al dư 0,06 mol.

Cho phần 2 tác dụng với 1,74 mol HNO₃ thu được 0,18 mol NO. Cô cạn dung dịch Y thu được các muối, nung rắn tới khối lượng không đổi thu được rắn chứa Al₂O₃ và Fe₂O₃ có số mol bằng nhau.

Gọi số mol của Fe, Al₂O₃ trong mỗi phần lần lượt là a, b

Và a=2b+0,06

Giải hệ: a=0,3; b=0,12.

Gọi x là số mol NH₄NO₃ có thể tạo ra.

Bảo toàn N:

n N O 3 - t r o n g m u o i K l = 1 , 74 - 0 , 18 - 2 x = 1 , 56 - 2 x

Bảo toàn e: 1 , 56 - 2 x = 0 , 12 . 6 + 0 , 18 . 3 + 8 x  

Vậy NO₃^– trong muối là 1,5 mol.

Muối trong Y gồm Al(NO₃)₃ 0,3 mol, Fe(NO₃)₂ 0,3 mol và NH₄NO₃ 0,03 mol.

Cho Y tác dụng với Na₂CO₃ dư thu được kết tủa là Al(OH)₃ 0,3 mol và FeCO₃ 0,3 mol.

→ a = 58 , 2   g