Đáp án A

Ta có:

Chọn đáp án B.

Đipeptit mạch hở tạo từ đồng đẳng của glyxin có dạng C_nH_mN₂O₃ => Ít nhất phân tử có 3 oxi

Mà 3 phân tử X,Y,Z lại có tổng số nguyên tử oxi là 9 = 3×3 = Cả 3 chất đều là đipeptit

Vì nX : nY : nZ = 1 : 2 : 2 mà nX + nY+ nZ = 0,15 => nX = 0,03; nY = nZ = 0,06

Đặt X là Ala(Gly+xCH₂); Y là Ala(Gly+yCH₂) và Z là Ala(Gly+zCH₂)

=> 0,03x + 0,06y + 0,06z + 0,15 = 0,33 => x + 2y + 2z = 6

Các giá trị x, y, z thuộc 0 (Gly) hoặc 1 (Ala) hoặc 3 (Val)

0,15 + (0,03 + 0,06)×3= 0,42 > 0,33 => Chỉ có 1 trong x, y, z bằng 3 hay chỉ có 1 peptit chứa Val Nếu peptit chứa Val có số mol là 0,03 => x = 3 => 2y + 2z = 3 vô lý vì 2y + 2z phải là số chẵn

=> Y hoặc Z phải chứa Val => Giả sử Z là Ala–Val (hoặc Val–Ala) => z = 3

=> x + 2y = 0 => x = y = 0 => X và Y chỉ khác cách sắp xếp như Gly-Ala và Ala-Gly

Với thí nghiệm sau, nX : nY : nZ = 3 : 2 : 2 mà nX + nY + nZ = 0,07 => nX = 0,03 và

nY = nZ = 0,02

 Vì nY vẫn bằng nZ => Peptit Y hay Z chứa Val đều được

Đáp án D

Bảo toàn gốc OH: n_{OH ancol} = n_KOH = 1.0,4 = 0,4 mol

-OH + Na → -ONa + 1/2 H₂ ↑

→ n_H2 = n_OH/2 = 0,2 mol

Bảo toàn khối lượng: m_F = 15,2 + 0,2.2 = 15,6 g.

Bảo toàn khối lượng: m_muối = 30,24 + 0,4.56 – 15,6 = 37,04 g.

Bảo toàn nguyên tố kali: n_COOK = n_KOH = 0,4 mol;  n_K2CO3 = 0,2 mol

Đốt cháy G được:  n_CO2 =x; n_H2O = y; n_K2CO3 = z

Bảo toàn nguyên tố Oxi: 0,4.2 + 0,42.2 =0,2.3 + 2x + y (1)

Bảo toàn khối lượng: 37,04 + 0,42.32 = 0,2.138 + 44x + 18y (2)

Từ (1) và (2) ta có : x = 0,52 mol; y = 0 mol → muối không chứa H. Vậy muối phải là của axit 2 chức

→ X, Y là hai este 2 chức → n_X = 0,12 mol; n_Y = 0,08 mol

Đặt số C trong gốc axit của X và Y là a và b

n_C(X) + n_C(Y)  = n_C(F) + n_C(G) → 0,12a + 0,08b = 0,2 + 0,52

Giải phương trình nghiệm nguyên:  

→ 2 muối là (COOK)₂ và KOOCCºC–CºCCOOK

Mặt khác, đốt X hay Y đều cho  n_CO2 = n_O2 

→ Có dạng cacbohidrat  C_n(H₂O)_m

Lại có X và Y đều là este 2 chức → m = 4 → X, Y đều chứa 8H trong phân tử

Do X và Y mạch hở → 2 ancol đều đơn chức → n_F = n_OH = 0,4 mol → M_F = 39 → F có chứa ancol CH₃OH

→ X là CH₃OOCCOOC₂H₅; Y là CH₃OOCCºC–CºCCOOC₂H₅ chứa 21 nguyên tử

→ Đáp án D

Chọn đáp án D.

Hỗn hợp A gồm X, Y dạng  C ? ( H ₂ O ) ? ?  (vì khi đốt có  n O 2   c ầ n   đ ố t = n C O 2 ).

Cần chú ý  n c h ứ c   a n c o l   -   O H = n K O H = 0 , 4   m o l → m a n c o l = 15 , 2 + 0 , 4 : 2 . 2 = 15 , 6  gam.

Ÿ Giải thủy phân: 30,24 gam E + 0,4 mol KOH → 2 muối G + 15,6 gam 2 ancol F

→ m_{muối G} = 37,04 gam (theo bảo toàn khối lượng) Nhận xét đủ giả thiết để giải đốt G:

« Đốt 37,04 gam muối G cần 0,42 mol O₂ → 0,2 mol K₂CO₃ + x mol CO₂ + y mol H₂O.

Bảo toàn O + bảo toàn khối lượng:  

Ngôn ngữ: X, Y không phân nhánh→ có không quá 2 chức và este không phải là vòng (*)

Kết hợp y= 0 cho biết muối không chứa nguyên tố H

→ 2 muối đều 2 chức dạng  C ? ? ? ( C O O H ) 2  (với ??? phải là số chẵn)

Lại biết tỉ lệ số mol X, Y là 1,5 → n X = 0 , 12  mol và  n Y = 0 , 08  mol.

Gọi số  C a x   t ạ o   X = m ;   s ố   C a x   t ạ o   Y = n  (m, n nguyên dương và chẵn)

→ Ta có phương trình nghiệm nguyên:

→ Duy nhất cặp chẵn m= 2; n= 6 thỏa mãn => axit tạo X là  C O O H 2  và Y là  C 4 C O O H 2 .

Mặt khác: X, Y dạng  C ? ( H 2 O ) 4 ; gốc axit không chứa H →  ∑ g ố c  ancol có 8H.

Lại có ở (*) cho biết hai ancol phải là đơn chức nên  n F = 0 , 4   m o l ; M F = 15 , 6   ;   A n s = 39  

→ có một ancol là CH₃OH; (15,6-0,2.32):0,2 = 46 ancol còn lại là  C 2 H 5 O H .

Vậy X là  H 3 C O O C - C O O C 2 H 5  và Y là  H 3 C O O C ≡ C - C ≡ C - C O O C 2 H 5 .

Đọc yêu cầu, xem lại Y có công thức phân tử là C₉H₈O₄→  ∑ s ố   n g u y ê n   t ử = 21 .

Đáp án D