Chọn B.  

Theo đề ta có:  n O 2 = 1 , 225 ;   n C O 2 = 1 , 05   v à   n H 2 O = 1 , 05 => X no, đơn chức, mạch hở (vì  n C O 2 =   n H 2 O )

Chọn B

Chọn A.

Theo đề:  

Vì A, B đơn chức nên  n A , B = n N a O H .  Nếu A, B là muối thì M_muối = 58 (vô lý).

Vậy A, B lần lượt là  C H 2 = C H - C H 2 - O H   v à   C H 3 - C H 2 - C H O   

Gọi (2)

Độ không no trung bình k = 0,88/n_T và  n T = ( n H 2 O - n C O 2 ) 1 - k  

Từ (1), (3)  => a= 0,3 và b= 0,02 và từ (2) => 15u+3v+2w= 44 

Vì  u ≥ 2 ,   v ≥ 2 ,   w ≥ 4  nên u=v= 2 và w=4 là nghiệm duy nhất.

Ta có:  n C O 2 = n a + 3 b z + 2 b m = 1 , 92 ⇒ 15 n + 3 z + 2 m = 96  

Vì gốc ancol là là nghiệm duy nhất.

Vậy Z là

Chọn A

a)\(4Na+O2-->2Na2O\)

\(n_{Na}=\frac{18,4}{23}=0,8\left(mol\right)\)

\(n_{O2}=\frac{1}{4}n_{Na}=0,2\left(mol\right)\)

\(V_{O2}=0,2.22,4=4,48\left(l\right)\)

b)\(n_{Na2O}=\frac{1}{2}n_{Na}=0,4\left(mol\right)\)

\(m_{Na2O}=0,4.62=24,8\left(g\right)\)

c)\(2KMnO4-->K2MnO4+MnO2+O2\)

\(4Na+O2-->2Na2O\)

\(n_{KMnO4}=\frac{142,2}{158}=0,9\left(mol\right)\)

\(n_{O2}=\frac{1}{2}n_{KMnO4}=0,45\left(mol\right)\)

\(n_{Na}=\frac{18,4}{23}=0,8\left(mol\right)\)

Lập tỉ lệ

\(nNa\left(\frac{0,8}{4}\right)< n_{O2}\left(\frac{0,45}{1}\right)\)

=> O2 dư

\(n_{O2}=\frac{1}{4}n_{Na}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{_{ }O2}dư=0,45-0,2=0,25\left(mol\right)\)

\(m_{O2}dư=0,25.32=8\left(g\right)\)

Chọn A.

Ta có:

mà n_aminoaxit =  2 n N 2  = 0,04 mol Þ n_este = 0,32 mol

→ B T :   C C X = 2 , 67  Þ Trong X có 1 este là HCOOCH₃

Khi cho X tác dụng với KOH thì:

Vì KOH dùng dư 20% so với lượng phản ứng