X + O2 → CO2 + H2O                                 (1)

CO2 + Ca(OH)2   → CaCO3 + H2O             (2)

2 CO2 + Ca(OH)2   → Ca(HCO3)2               (3)

Áp dụng ĐLBTKL ta có

\(m_{CO_2}+m_{H_2O}+m_{ddCa\left(OH\right)_2}=m_{CaCO_3}+m_{Ca\left(HCO_3\right)_2}\)

mà  \(m_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=m_{ddCa\left(OH\right)_2}\)+ 8,6

=>\(m_{CO_2}+m_{H_2O}\)= 10 + 8,6=18,6(g)

Từ (2), (3) =>\(n_{CO_2}=\dfrac{10}{100}\)+ 2. 0,5 . 0,2 = 0,3 (mol)

=> m = 0,3 .12 = 3,6 (gam)

\(m_{H_2O}\)= 18,6 - 0,3 . 44 = 5,4 (gam)  => m_H=\(\dfrac{5,4}{18}.2\) = 0,6 (gam)

Áp dụng ĐLBTKL ta có : m_X +m_O2 = m_CO2 + m_H2O

m_X = \(18,6-\dfrac{6,72}{22,4}.32\) = 9(g)

m_O = 9 – (3,6 + 0,6) = 4,8 (g)

Vậy A chứa C, H, O có công thức CxHyOz

Ta có tỷ lệ x : y : z = \(\dfrac{3,6}{12}:\dfrac{0,6}{1}:\dfrac{4,8}{16}\) = 1: 2: 1

Công thức đơn giản nhất của X có dạng (CH2O)n

Đáp án : B

P₁ : n_CO2 = 0,05 mol = n_X => Các chất trong X đều có 1 C

P₂ : n_AgNO3 = 0,08 mol

P₃ : n_H2 = 0,02 mol => n_{H linh động} = 0,04 mol = n_OH + n_COOH

=> X gồm : HCHO ; CH₃OH ; HCOOH

=> n_HCHO  + n_CH3OH + n_HCOOH = 0,05

,4n_HCHO + 2n_HCOOH = 0,08

,n_CH3OH + n_HCOOH = 0,04

=> n_HCHO = 0,01 ; n_CH3OH = n_HCOOH = 0,02 mol

=> Trong 0,15 mol X có : m_X = 5,58g

Chọn B

Đáp án B

+     n 1 3 X = 0 , 05 n C     t r o n g     1 3 X = n C O 2 = n C a C O 3 = 0 , 05 ⇒ C ¯ X = 0 , 05 0 , 05 = 1 X     g ồ m     C H 3 O H ;     H C H O ;     H C O O H +     n C H 3 O H + n H C H O + n H C O O H = 0 , 05 B T E :     4 n H C H O + 2 n H C O O H = n A g = 0 , 08 B T N T H :     n C H 3 O H + n H C O O H = 2 n H 2 = 0 , 04 ⇒ n C H 3 O H = 0 , 02 n H C H O = 0 , 01 n H C O O H = 0 , 02 ⇒ m 0 , 15     m o l     X = 3 ( 0 , 02 . 32 + 0 , 01 . 30 + 0 , 02 . 46 ) = 5 , 58     g a m

Đáp án B

Chọn B

Chọn A

0 , 02   m o l   X 0 , 06   m o l   N a O H → t O 1   m u ố i   c ủ a   a x i t   h ữ u   c ơ   đ ơ n   c h ứ c 2   m u ố i   c ủ a   h a i   a m i n o   a x i t   h ơ n   k é m   n h a u   14   đ v C p t   c h ứ a   m ộ t   n h ó m   –   C O O H   v à   m ộ t   n h ó m   – N H 2 ,  

Chọn A.

Đáp án : A

n_N2 = 0,015 mol => n_N(X) = 0,03 mol => trong X có 3 N

 Khi sản phẩm cháy vào dung dịch nước vôi trong dư :

,n_CaCO3 = n_CO2 = 0,07 mol => X có 7C

,m_{dung dịch giảm} = m_CaCO3 – (m_CO2 + m_H2O) => n_H2O = 0,085 mol

=> n_H(X) = 2n_H2O = 0,17 mol => số H trong X là 17

Bảo toàn O : n_O(X) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O => n_O(X) = 0,05 mol => Trong X có 5 Oxi

CTTQ : C₇H₁₇O₅N₃

Xét 4,46g X : n_X = 0,02 mol => n_NaOH = 3n_X

Mặt khác phản ứng tạo 1 muối axit hữu cơ và 2 muối của amino axit

=> X có : 1 gốc axit hữu cơ và 2 gốc amino axit đồng đẳng kế tiếp

Xét Công thức : CH₃COO-NH₃-CH₂-CO-NH-CH(CH₃)-COONH₄

=> hỗn hợp muối gồm : 0,02 mol mỗi chất : CH₃COONa ; H₂N-CH₂-COONa ; H₂N-CH(CH₃)-COONa

=> m = 5,8g