cho Δ nhọn ABC.về phía ngoài của Δ vẽ các Δ vuông cân ABE và ACF vuông ở B và C.trên tia đối của tia AH lấy điểm I sao cho AI=BC.chứng minh:
a)ΔABI=ΔBEC
b)BI=CE và BI vuông góc CE
c)3 đường thẳng AH,CE,BF cắt nhau tại 1 điểm
a) 2(x+1)=3.2x
<=> 2x + 2 = 3 + 2x
<=> 2x - 2x = 3-2
<=> 0x = 1 => pt vô nghiệm.
b)2(1-1,5x)+3x=0
<=> 2 - 3x = -3x
<=> 2 = -3x + 3x => pt vô nghiệm.
Ta có: \(A=-2x^2-5x+3\)
\(=-2\left(x^2+\dfrac{5}{2}x-\dfrac{3}{2}\right)\)
\(=-2\left(x^2+2\cdot x\cdot\dfrac{5}{4}+\dfrac{25}{16}-\dfrac{49}{16}\right)\)
\(=-2\left(x+\dfrac{5}{4}\right)^2+\dfrac{49}{8}\)
Ta có: \(\left(x+\dfrac{5}{4}\right)^2\ge0\forall x\)
\(\Rightarrow-2\left(x+\dfrac{5}{4}\right)^2\le0\forall x\)
\(\Rightarrow-2\left(x+\dfrac{5}{4}\right)^2+\dfrac{49}{8}\le\dfrac{49}{8}\forall x\)
Dấu '=' xảy ra khi \(x+\dfrac{5}{4}=0\)
hay \(x=-\dfrac{5}{4}\)
Vậy: Giá trị lớn nhất của biểu thức \(A=-2x^2-5x+3\) là \(\dfrac{49}{8}\) khi \(x=-\dfrac{5}{4}\)
a) Ta có: \(\dfrac{x}{x-1}-\dfrac{2}{x-1}\)
\(=\dfrac{x-2}{x-1}\)
b) Ta có: \(\dfrac{4+4x}{3x^2+6x}+\dfrac{x}{3x+6}\)
\(=\dfrac{4+4x}{x\left(3x+6\right)}+\dfrac{x^2}{x\left(3x+6\right)}\)
\(=\dfrac{x^2+4x+4}{3x\left(x+2\right)}\)
\(=\dfrac{\left(x+2\right)^2}{3x\left(x+2\right)}\)
\(=\dfrac{x+2}{3x}\)
c) Ta có: \(\dfrac{x^2-2x}{x-1}\cdot\dfrac{1}{x}:\dfrac{x^2-4}{x^2-2x+1}\)
\(=\dfrac{x\left(x-2\right)}{x-1}\cdot\dfrac{1}{x}\cdot\dfrac{x^2-2x+1}{x^2-4}\)
\(=\dfrac{x-2}{x-1}\cdot\dfrac{\left(x-1\right)^2}{\left(x-2\right)\left(x+2\right)}\)
\(=\dfrac{x-1}{x+2}\)
\(A=x^2+6x+7\\ =x^2+6x+7+2-2\\ \left(x^2+6x+9\right)-2\\ =\left(x^2+2.x.3+3^2\right)-2\\ =\left(x+3\right)^2-2\\ Có:\left(x+3\right)^2\ge\forall0\\ \Rightarrow\left(x+3\right)^2-2\ge-2\)
Vậy \(GTNN\) của \(A=-2\Leftrightarrow x=-3\)
Lời giải:
$x^2+1=y^2+4$
$\Leftrightarrow x^2-y^2=3$
$\Leftrightarrow (x-y)(x+y)=3$
Đây là dạng PT tích cơ bản. Vì $x-y, x+y$ đều nguyên nên ta xét đến các TH:
$(x-y, x+y)=(1,3); (3,1); (-1,-3); (-3,-1)$
Đến đây thì dễ rồi!