CMR: Với mọi x,y thuộc R; ta có:
\(\sqrt{4cos^2xcos^2y+sin^2\left(x-y\right)}+\sqrt{4sin^2xsin^2y+sin^2\left(x-y\right)}\ge2\) (sử dụng bất đẳng thức vecto)
CMR: Với mọi x,y thuộc R; ta có:
\(\sqrt{4cos^2xcos^2y+sin^2\left(x-y\right)}+\sqrt{4sin^2xsin^2y+sin^2\left(x-y\right)}\ge2\) (sử dụng bất đẳng thức vecto)
Xét \(\overrightarrow{u}=\left(2cosx.cosy;sin\left(x-y\right)\right)\) và \(\overrightarrow{v}=\left(2sinx.siny;sin\left(x-y\right)\right)\)
\(\Rightarrow\left|\overrightarrow{u}\right|=\sqrt{4cos^2x.cos^2y+sin^2\left(x-y\right)}\)
\(\left|\overrightarrow{v}\right|=\sqrt{4sin^2x.sin^2y+sin^2\left(x-y\right)}\)
\(\overrightarrow{u}+\overrightarrow{v}=\left(2cosx.cosy+2sinx.siny;2sin\left(x-y\right)\right)=\left(2cos\left(x-y\right);2sin\left(x-y\right)\right)\)
\(\Rightarrow\left|\overrightarrow{u}+\overrightarrow{v}\right|=\sqrt{4cos^2\left(x-y\right)+4sin^2\left(x-y\right)}=2\)
Theo BĐT vecto ta có:
\(\left|\overrightarrow{u}\right|+\left|\overrightarrow{v}\right|\ge\left|\overrightarrow{u}+\overrightarrow{v}\right|\)
\(\Leftrightarrow\sqrt{4cos^2x.cos^2y+sin^2\left(x-y\right)}+\sqrt{4sin^2x.sin^2y+sin^2\left(x-y\right)}\ge2\) (đpcm)
Tìm m để phương trình sau có nghiệm: \(\sqrt{x-2}+\sqrt{4-x}=m\) (sử dụng bất đẳng thức vecto)
Ta có :
$(\sqrt{x-2} + \sqrt{4-x})^2 ≤ (1^2 + 1^2)(x -2 + 4 - x) = 2.2 = 4$
$⇔ m^2 ≤ 4$
$⇔ ( m - 2)(m + 2) ≤ 4$
$⇔ -2 ≤ m ≤ 2$
Ta có : \(\left(\sqrt{x-2}+\sqrt{4-x}\right)^2\le\left(1+1\right)\left(x-x-2+4\right)=2x2=4\)
\(\Rightarrow\)(m-2)(m+2)\(\le\)4
\(\Leftrightarrow^{m\ge-2}_{m\le2}\)
Vậy -2\(\le m\le2\).
Giải hệ phương trình: \(\left\{{}\begin{matrix}x+y+z=3\\x^2+y^2+z^2=3\\x^3+y^3+z^3=3\end{matrix}\right.\) (Sử dụng bất đẳng thức vecto)
Đặt : $\vec{a} = (1;1;1) , \vec{b} = (x;y;z)$
\(\left\{{}\begin{matrix}x+y+z=3\left(1\right)\\x^2+y^2+z^2=3\left(2\right)\\x^3+y^3+z^3=3\left(3\right)\end{matrix}\right.\)
Từ (1)(2), suy ra : $\vec{a}.\vec{b} = |\vec{a}|.|\vec{b}|$
Suy ra: x = y = z = 1
Thử lại vào phương trình (1)(2)(3) thấy thoả mãn.
Do đó x = y = z = 1 là nghiệm của hệ phương trình
Mọi người chỉ cho em cách xác định điểm M trong bài này với!!!
Cho tam giác ABC nội tiếp trong đường tròn (O) và một điểm M sao cho các góc AMB, BMC,CMA đều bằng 120 độ. Các đường thẳng AM, BM, CM cắt đường tròn (O) lần lượt tại A',B',C'. CMR: MA+MB+MC=MA'+MB'+MC'
Vị trí điểm M có thể xác định bằng cách:
Dựng về phía ngoài tam giác ABC các tam giác đều ABD và ACE
Đường tròn ngoại tiếp 2 tam giác ABD và ACE sẽ cắt nhau tại điểm thứ 2 là M
Cho hình thang cân ABCD có đáy lớn CD=3, đáy nhỏ AB=1 và AD=BC=\(\sqrt{5}\). Gọi I là giao điểm của 2 đường chéo hình thang. Gọi H là trực tâm tam giác BCD. Phân tích\(\overrightarrow{IH}\) theo các vecto \(\overrightarrow{AB}\) và \(\overrightarrow{AD}\)
Kẻ \(AE;BF\) lần lượt vuông góc CD \(\Rightarrow DE=CF=\dfrac{CD-AB}{2}=1\)
\(\Rightarrow AE=BF=\sqrt{BC^2-CF^2}=2\) ; \(EC=DF=DC-CF=2\)
Ta có:
\(\overrightarrow{AC}.\overrightarrow{BD}=\left(\overrightarrow{AE}+\overrightarrow{EC}\right)\left(\overrightarrow{BF}+\overrightarrow{FD}\right)=\overrightarrow{AE}.\overrightarrow{BF}+\overrightarrow{AE}.\overrightarrow{FD}+\overrightarrow{EC}.\overrightarrow{BF}+\overrightarrow{EC}.\overrightarrow{FD}\)
\(=AE^2+0+0-EC^2\) (do \(\overrightarrow{AE}=\overrightarrow{BF}\) ; \(\overrightarrow{EC}=-\overrightarrow{FD}\))
\(=2^2-2^2=0\)
\(\Rightarrow AC\perp BD\) tại I \(\Rightarrow H\) là giao điểm của AC và BF
Gọi G là giao điểm BD và AE
Talet: \(\dfrac{HA}{HC}=\dfrac{HB}{HF}=\dfrac{AB}{CF}=1\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}HA=HC\\HB=HF\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow H\) là trung điểm BF và AC
\(\Rightarrow BH=\dfrac{1}{2}BF=1=AB\Rightarrow ABHG\) là hình vuông
\(\Rightarrow\overrightarrow{IH}=\overrightarrow{AI}\)
Do tính đối xứng của hình thang cân, H là trung điểm AC \(\Rightarrow G\) là trung điểm BD
\(\Rightarrow\overrightarrow{AG}=\dfrac{1}{2}\left(\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{AD}\right)\)
Cũng do ABHG là hình vuông \(\Rightarrow I\) là trung điểm BG
\(\Rightarrow\overrightarrow{AI}=\dfrac{1}{2}\overrightarrow{AB}+\dfrac{1}{2}\overrightarrow{AG}=\dfrac{1}{2}\overrightarrow{AB}+\dfrac{1}{4}\left(\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{AD}\right)=\dfrac{3}{4}\overrightarrow{AB}+\dfrac{1}{4}\overrightarrow{AD}\)
\(\Rightarrow\overrightarrow{IH}=\dfrac{3}{4}\overrightarrow{AB}+\dfrac{1}{4}\overrightarrow{AD}\)
Cho tam giác ABC và điểm M tùy ý. Gọi O là tâm đường tròn ngoại tiếp của tam giác ABC, CMR: \(MA^2+2MB^2-3MC^2=2.\overrightarrow{MO}.\overrightarrow{v}\)
\(\overrightarrow{v}=\overrightarrow{MA}+2\overrightarrow{MB}-3\overrightarrow{MC}\) đúng ko nhỉ?
Ta có:
\(MA^2+2MB^2-3MC^2=\left(\overrightarrow{MO}+\overrightarrow{OA}\right)^2+2\left(\overrightarrow{MO}+\overrightarrow{OB}\right)^2-3\left(\overrightarrow{MO}+\overrightarrow{OC}\right)^2\)
\(=OA^2+2OB^2-3OC^2+2\overrightarrow{MO}.\left(\overrightarrow{OA}+2\overrightarrow{OB}-3\overrightarrow{OC}\right)\)
\(=2\overrightarrow{MO}.\left(\overrightarrow{OA}+2\overrightarrow{OB}-3\overrightarrow{OC}\right)\) (do \(OA=OB=OC=R\))
\(=2\overrightarrow{MO}.\left[\overrightarrow{OM}+\overrightarrow{MA}+2\left(\overrightarrow{OM}+\overrightarrow{MB}\right)-3\left(\overrightarrow{OM}+\overrightarrow{MC}\right)\right]\)
\(=2\overrightarrow{MO}.\left(\overrightarrow{MA}+2\overrightarrow{MB}-3\overrightarrow{MC}\right)\)
\(=2\overrightarrow{MO}.\overrightarrow{v}\)
Trong mặt phẳng Oxy cho 2 điểm A, B với A(5;4), B(3;-2). Một điểm M thay đổi trên trục hoành. Tìm GTNN của \(\left|\overrightarrow{MA}+\overrightarrow{MB}\right|\)
Do M thuộc trục hoành nên tọa độ có dạng \(M\left(m;0\right)\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\overrightarrow{MA}=\left(5-m;4\right)\\\overrightarrow{MB}=\left(3-m;-2\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\overrightarrow{MA}+\overrightarrow{MB}=\left(8-2m;2\right)\)
\(\Rightarrow T=\left|\overrightarrow{MA}+\overrightarrow{MB}\right|=\sqrt{\left(8-2m\right)^2+2^2}=2\sqrt{m^2-8m+17}=2\sqrt{\left(m-4\right)^2+1}\ge2\)
Dấu "=" xảy ra khi \(m=4\)
Cho tứ giác lồi ABCD. Gọi M, N, P, Q lần lượt là trung điểm đoạn thẳng AC, BD, BC và AD. Đặt \(\overrightarrow{u}=\overrightarrow{AB},\overrightarrow{v}=\overrightarrow{AC},\overrightarrow{w}=\overrightarrow{AD}\). CMR: nếu MN=PQ thì \(AB\perp CD\) . Điều ngược lại có đúng không?
N là trung điểm BD \(\Rightarrow\overrightarrow{AN}=\dfrac{1}{2}\left(\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{AD}\right)=\dfrac{1}{2}\left(\overrightarrow{u}+\overrightarrow{w}\right)\)
Ta có:
\(\overrightarrow{MN}=\overrightarrow{MA}+\overrightarrow{AN}=-\dfrac{1}{2}\overrightarrow{AC}+\dfrac{1}{2}\left(\overrightarrow{u}+\overrightarrow{w}\right)=\dfrac{1}{2}\left(\overrightarrow{u}-\overrightarrow{v}+\overrightarrow{w}\right)\)
Tương tự:
\(\overrightarrow{PQ}=\overrightarrow{PA}+\overrightarrow{AQ}=-\dfrac{1}{2}\left(\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{AC}\right)+\dfrac{1}{2}\overrightarrow{AD}=\dfrac{1}{2}\left(\overrightarrow{w}-\overrightarrow{u}-\overrightarrow{v}\right)\)
Do \(MN=PQ\Rightarrow MN^2=PQ^2\Rightarrow\overrightarrow{MN}^2=\overrightarrow{PQ}^2\)
\(\Rightarrow\left(\overrightarrow{u}-\overrightarrow{v}+\overrightarrow{w}\right)^2=\left(\overrightarrow{w}-\overrightarrow{u}-\overrightarrow{v}\right)^2\)
\(\Leftrightarrow-\overrightarrow{u}.\overrightarrow{v}+\overrightarrow{u}.\overrightarrow{w}-\overrightarrow{v}.\overrightarrow{w}=-\overrightarrow{u}.\overrightarrow{w}-\overrightarrow{v}.\overrightarrow{w}+\overrightarrow{u}.\overrightarrow{v}\)
\(\Leftrightarrow2\overrightarrow{u}.\overrightarrow{v}-2\overrightarrow{u}.\overrightarrow{w}=0\)
\(\Leftrightarrow\overrightarrow{u}.\left(\overrightarrow{v}-\overrightarrow{w}\right)=0\)
\(\Leftrightarrow\overrightarrow{AB}\left(\overrightarrow{AC}-\overrightarrow{AD}\right)=0\)
\(\Leftrightarrow\overrightarrow{AB}.\overrightarrow{DA}=0\)
\(\Rightarrow AB\perp AD\) (đpcm)
với sin a=8/17 và 0<a<90 ta có
a tan a=-8/15,b cos a=15/17 c tan a=15/8 d=cos a=-15/17
\(sin^2a+cos^2a=1\\ =>cos^2a=1-sin^2a\\ =1-\left(\dfrac{8}{17}\right)^2\\ =>cosa=\dfrac{15}{17}\\ =>B\)
với sin a=8/17 và 0<a<90 a tan a=-8/15,b cos a=15/17 c tan a=15/8 d=cos a=-15/17
\(cosa=\dfrac{15}{17}\) là đáp án đúng