Giải chi tiết đề HSG hoá 9 tỉnh Thanh Hoá 2014-2015

1.

Chọn B.

Cl2 tác dụng với nước nhưng nó tự oxi hoá khử chính nó, nước chỉ là môi trường.

I2 phản ứng rất ít với nước, gần như là không phản ứng.

Chọn D

(F2 chỉ có thể giảm số oxi hoá 0 xuống -1 nên chỉ có tính oxi hoá. Các halogen khác có các số oxi hoá dương nên ngoài tính oxi hoá còn có tính khử)

Ta có :

\(V_{C3H8}=1,68\left(l\right)\)

\(n_{C2H2}=n_{Ag2C2}=\frac{24}{240}=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{C2H2}=0,1.22,4=2,24\left(l\right)\)

\(\%V_{C3H8}=\frac{1,68}{6,72}.100\%=25\%\)

\(\%V_{C2H2}=\frac{2,24}{6,72}.100\%=33,33\%\)

\(\%V_{C2H4}=41,67\%\)

Ta có:

\(A+O_2\rightarrow CO_2+H_2O+N_2\)

Do vậy A có dạng

Dẫn sản phẩm qua nước vôi trong

\(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

\(\Rightarrow n_{CO2}=n_{CaCO3}=\frac{4}{100}=0,04\left(mol\right)\)

\(m_{CO2}+m_{H2O}=3,02\Rightarrow m_{H2O}=3,02-0,04.44=1,26\left(g\right)\)

\(\Rightarrow n_{H2O}=0,07\left(mol\right)\)

\(n_{N2}=\frac{0,224}{22,4}=0,01\left(mol\right)\)

Bảo toàn nguyên tố:

\(n_C=n_{CO2}=0,04\left(mol\right);n_H=2n_{H2O}=0,14\left(mol\right)\)

\(n_N=2n_{N2}=0,02\left(mol\right)\)

Ta có :

\(m_A=m_C+m_H+m_O+m_N\)

\(\Rightarrow m_O=0,9-0,04.12-0,14-0,02.14=0\)

Vậy A không chứa O (z=0)

\(\Rightarrow x:y:t=0,04:0,14:0,02=2:7:1\)

Vậy A là

- Cho X vô nước Br2 dư

\(n_{Br2}=\frac{88}{160}=0,55\left(mol\right)\)

\(PTHH:C_2H_2+Br_2\rightarrow C_2H_2Br_2\)

\(Br_2+C_3H_6\rightarrow C_3H_6Br_2\)

- Cho X tác dụng vs AgNO3/ NH3

\(PTHH:2AgNO_3+C_2H_2+2NH_3\rightarrow2NH_4NO_3+Ag_2C_2\downarrow\)

\(n_{\downarrow}=\frac{36}{240}=0,15\left(mol\right)\)

\(n_{C2H2}=n_{Ag2C2}=0,15\left(mol\right)\)

Ta có nBr2=nhh khí

Hay \(0,15+n_{C3H6}=0,55\Rightarrow n_{C3H6}=0,4\left(mol\right)\)

Thành phần phần trăm về thể tích của từng khí có trong X là:

\(\%V_{C3H6}=\frac{0,4}{0,55}.100\%=72,73\%\)

\(\%V_{C2H2}=\frac{0,15}{0,55}.100\%=27,27\%\)

\(n_X=0,6\left(mol\right)\) có a,b,c mol \(C_2H_6;C_2H_4;C_2H_2\)

\(\Rightarrow a+b+c=0,6\left(1\right)\)

\(n_{Br2}=0,8\left(mol\right)\Rightarrow b+2c=0,8\left(2\right)\)

Trong 8,2(g) : \(n_{C2H6}=ka;n_{C2H4}=kb;n_{C2H2}=kc\)

\(\Rightarrow k\left(30a+28b+26c\right)=8,2\left(+\right)\)

\(\Rightarrow n_{Ag2C2}=0,15\left(mol\right)\)

\(C_2H_2\underrightarrow{^{AgNO3}}Ag_2C_2\)

0,15__________0,15

\(\Rightarrow kc=0,15\left(++\right)\)

\(\left(+\right)+\left(+\right)\Rightarrow k=\frac{8,2}{30a+28b+26c}=\frac{0,15}{c}\)

\(\Rightarrow8,2c=0,15.\left(30a+28b+26c\right)\)

\(\Rightarrow4,5a+4,2b-4,3c=0\left(3\right)\)

\(\left(1\right)+\left(2\right)+\left(3\right)\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,1\\b=0,2\\c=0,3\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{C2H6}=30a=3\left(g\right)\\m_{C2H4}=28b=5,6\left(g\right)\\m_{C2H2}=26c=7,8\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

a,

\(C_4H_{10}\underrightarrow{^{to}}C_2H_4+C_2H_6\)

\(C_2H_6+Cl_2\underrightarrow{^{als}}C_2H_5Cl+HCl\)

\(2C_2H_5Cl+Na\underrightarrow{^{to}}C_4H_{10}+2NaCl\)

\(C_4H_{10}\underrightarrow{^{to}}CH_4+C_3H_6\)

\(CH_4+2Cl_2\rightarrow C+4HCl\)

b,

\(Al_4C_3+12HCl\rightarrow3CH_4+4AlCl_3\)

\(CH_4+Cl_2\underrightarrow{^{as}}CH_3Cl+HCl\)

\(2CH_3Cl+Na\underrightarrow{^{to}}C_2H_6+2NaCl\)

\(C_2H_6+Cl_2\underrightarrow{^{as}}C_2H_5Cl+HCl\)

a) - C4H10 -to-> C2H6 + C2H4

- C2H6 + Cl2 --> C2H5Cl + HCl

- 2C2H5Cl + Na --> C4H10 + 2NaCl

- C4H10 -to-> CH4 + C3H6

- CH4 --to--> C + 2H2

b) - Al4C3 + 12H2O --> 4Al(OH)3 + 3CH4

- CH4 + Cl2 --> CH3Cl + HCl

- 2CH3Cl + Na -to-> C2H6 + 2NaCl

- C2H6 + Cl2 --> C2H5Cl + HCl

đề bị lỗi rồi.bn gửi lại đi

Đốt A chỉ thu được CO2 và H2O nên A có dạng CxHyOz.

Ta có:

\(M_A=2,25M_{O2}=2,25.32=72=12x+y+16z\)

Đốt cháy A:

\(C_xH_yO_z+\left(x+\frac{y}{4}-\frac{z}{2}\right)O_2\rightarrow xCO_2+\frac{y}{2}H_2O\)

\(n_A=\frac{0,72}{72}=0,01\left(mol\right)\)

\(n_{CO2}=\frac{2,2}{44}=0,05\left(mol\right)\)

\(n_{H2O}=\frac{1,344}{22,4}=0,06\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow x=\frac{n_{CO2}}{n_A}=\frac{0,05}{0,01}=5\)

\(\Rightarrow y=\frac{2n_{H2O}}{n_A}=\frac{0,06.2}{0,01}=12\Rightarrow z=0\)

Vậy A là C5H12