Trong thí nghiệm giao thoa ánh sáng bằng khe Young với ánh sáng trắng người ta dùng 2 khe cách nhau 0,5mm, màn hứng vân giao thoa đặt cách 2 khe một khoảng là 2m.
1, Xác định chiều rộng của phổ vân giao thoa từ vân ánh sáng bậc 2 của ánh sáng đỏ có λ1 = 0,76 πm đến vân sáng bậc 4 của ánh sáng lục có λ2=0,50πm về hai phía so với vân sáng chính giữa.
2, Tại vị trí có vân sáng bậc 5 của ánh sáng lục còn có vân sáng hay vân tối của những ánh sáng đơn sắc nào ?
3, Tính bề rộng của quang phổ bậc 2 thu được trên màn.
@Trần Hoàng Nghĩa @Tuyết Nhi Melody @Bình Trần Thị @Tuấn Anh Phan Nguyễn @shin cau be but chi,....
Mấy thánh này mk nghe danh có thể làm được vật lý 12 , mong mấy bác giúp giùm ạ =))
7 câu trả lời
Một mạch thu sóng điện từ gồm cuộn dây thuần cảm có hệ số tự cảm không đổi và tụ điện có điện dung biến đổi. Để thu được sóng có bước sóng 90 m, người ta phải điều chỉnh điện dung của tụ là 300 pF. Để thu được sóng 91 m thì phải
A. tăng điện dung của tụ thêm 3,3 pF.
B. tăng điện dung của tụ thêm 303,3 pF.
C. tăng điện dung của tụ thêm 6,7 pF.
D. tăng điện dung của tụ thêm 306,7 pF
Được cập nhật 27/05/2017 lúc 23:37 2 câu trả lời
=>C = 
=>C = λ2
=
= 
=>C ' = 
\(\lambda = cT= c.2\pi.\sqrt{LC}\)
=> \(L = \frac{\lambda_1 ^2}{c^2.4\pi^2.C_1} = 7,6 \mu H.\)
Do L không đổi nên để thu được sóng 91 m thì
\(C_2 = \frac{\lambda_2 ^2}{c^2.4\pi^2.L} = 306,7 pF.\)
=> Tăng thêm điện dung của tụ thêm \(306,7-300= 6,7pF.\)
Chọn đáp án.C.
Hiệu điện thế cực đại giữa hai bản tụ trong khung dao động bằng \(6 V\), điện dung của tụ bằng \(1\mu F\) . Biết dao động điện từ trong khung năng lượng được bảo toàn, năng lượng từ trường cực đại tập trung ở cuộn cảm bằng
A.18.10-6 J.
B.0,9.10-6 J.
C.9.10-6 J.
D.1,8.10-6 J.
Được cập nhật 27/05/2017 lúc 22:51 1 câu trả lời
\(W = \frac{1}{2}CU_0^2 = 1,8.10^{-5}J.\)
Hai mạch dao động điện từ lí tưởng đang có dao động điện từ tự do. Điện tích của tụ điện trong mạch dao động thứ nhất và thứ hai lần lượt là q1 và q2 với: \(4q_1^2+q_2^2=1,3.10^{-17}\), q tính bằng C. Ở thời điểm t, điện tích của tụ điện và cường độ dòng điện trong mạch dao động thứ nhất lần lượt là 10-9 C và 6 mA, cường độ dòng điện trong mạch dao động thứ hai có độ lớn bằng
B. 10 mA.
C. 8 mA.
D. 6 mA.
Giải:
Cho \(q_1=10^{-9}C\) và \(i_1=6mA\) và \(4q_1^2+q^2_2=1,3.10^{-17}\left(1\right)\)
Thay \(q_1=10^{-9}C\) vào \(\left(1\right)\) ta có:
\(4q^2_1+q_2^2=1,3.10^{-17}\left(1\right)\Rightarrow q_2=3.10^{-9}C\)
\(4q_1^2+q^2_2=1,3.10^{-17}\) lấy đạo hàm 2 vế theo thời gian \(t\)
\(\Rightarrow8q_1i_1+2q_2i_2=0\left(2\right)\)
Thay \(q_1=10^{-9}C\) và \(i_1=6mA\) và \(q_2=3.10^{-9}C\) vào \(\left(2\right)\) ta có:
\(8q_1i_1+2q_2i_2=0\Rightarrow i_2=8mA\)
Vậy ta chọn \(C.\)
Chú ý: dòng điện tức thời \(i = \frac{dq(t)}{dt} = q(t)'\)
\(4q_1(t)^2+q_2(t)^2 = 1,3.10^{-17} .(1)\)
Lấy đạo hàm 2 vễ phương trình (1). Chú ý \((q(t)^n)' = n.q(t)^{n-1}.q(t)'\)
=> \(4.2.q_1(t).q_1(t)' + 2.q_2(t).q_2(t)' = 0\)
=> \(8q_1.i_1 + 2q_2i_2 = 0.(2)\)
Tại thời điểm t có \(q_1 = 10^{-9}C\) . Thay vào \((1)\) => \(q_2 =\sqrt{ 1,3.10^{-17} - 4.10^{-18}} = 3.10^{-9} C.\)
Thay \(q_1 = 10^{-9}C;i_1 = 6mA; q_2 = 3.10^{-9}C \) vào \((2)\) ta được \(i_2 = -8mA.\)
=> Cường độ dòng thứ hai là 8mA. (độ lớn)
Chọn đáp án. C. 8mA
2 mạch LC lí tưởng có điện tích của tụ trên 2 mạch lần lượt là q1 q2 với \(4q^2_1+q^2_2=1,3\cdot10^{-17}\),q tính bằng C . Ở thời điểm t điện tích của tụ điện và cường độ dòng trong mạch thứ nhất là 10-9 C và 6mA,cường độ dòng điện trong mạch thứ 2 có độ lớn là
Được cập nhật 17/05/2017 lúc 13:09 1 câu trả lời
Bài này đã có người hỏi rồi.
mọi người giúp tớ với!!!
vệ tinh vinasat1 là một vệ tinh đĩa bay quanh trái đất ở độ cao 35786 km so với mặt đất. Coi trái đất là một quả cầu có bàn kính 6378 km. Nếu bỏ qua thời gian xử lí tín hiệu sóng điện từ trên vệ tinh thì thời gian truyền sóng điện từ lớn nhất giữa hai vị trí trên mặt đất thông qua vệ tinh là
0 câu trả lờiĐặt điện áp u=Uocoswt vao hai đầu đoạn mạch gồm biến trở R mắc nối tiếp với tụ điện C. Biết tần số dòng điện f có thể thay đổi được.Khi tần số f=f1=36hz thì UR1=120V, Uc1=160V, khi tần số f=f2=64hz thì hiệu điện thế hiệu dụng hai đầu R và hai đầu tụ C lần lượt là:
A.160V;90V
B.90V;120V
C.160V;120V
D.90V;178,6V
0 câu trả lời
Cuộn cảm của mạch có độ tự cảm L = 10mH, tụ có điện dung C = 0,1 μF, điện trở trong mạch R = 30 Ω. Đặt vào mạch một suất điện động cưỡn bức có tần số cộng hưởng với mạch và có biên độ 1mV. Tính tần số cộng hưởng và biên độ của cường độ dòng điện trong mạch?
A. 5kHz; 0,66.10−4A
B. 25kHz; 0,66.10−4A
C. 5kHz; 0,33.10−4A
D. 25kHz; 0,33.10−4A
Một mạch dao động LC lí tưởng gồm cuộn cảm thuần có độ tự cảm không đổi, tụ điện có điện dung C thay đổi. Khi C = C1 thì tần số dao động riêng của mạch là 7,5 MHz và khi C = C2 thì tần số dao động riêng của mạch là 10 MHz. Nếu C = C1 + C2 thì tần số dao động riêng của mạch là?
Được cập nhật 02/05/2017 lúc 00:33 1 câu trả lời
Tần số dao động riêng: \(f=\frac{1}{2\pi\sqrt{LC}}\Rightarrow\frac{1}{f^2}=k.C\)(Vì chỉ thay đổi C nên ta biểu diễn f theo C, k là một hệ số nào đó)
Suy ra:
\(\frac{1}{f_1^2}=k.C_1\)
\(\frac{1}{f_2^2}=k.C_2\)
Ta cần tìm:
\(\frac{1}{f^2}=k\left(C_1+C_2\right)\Rightarrow\frac{1}{f^2}=kC_1+kC_2\)
\(\Rightarrow\frac{1}{f^2}=\frac{1}{f_1^2}+\frac{1}{f_2^2}\)
Thay số ta đc f = 35Hz
Bạn biểu diễn lại bằng véc tơ quay nhé.
Từ đồ thị ta thấy tại thời điểm ban đầu (t=0) thì cường độ dòng điện cực đại. Còn điện áp u = 0 và đang giảm.
Ta có giản đồ véc tơ như sau:
Cường độ dòng điện được biểu diễn bằng véc tơ OM, điện áp được biểu diễn bằng véc tơ ON.
Từ giản đồ ta thấy u sớm pha hơn i (sớm pha \(\dfrac{\pi}{2}\) rad)
...
Dưới đây là những câu hỏi có bài toán hay do Hoc24 lựa chọn.
Building.
Bảng xếp hạng môn Vật lý
- Trần Hoàng Sơn291GP
BAN is VBN242GP
Truong Vu Xuan213GP
Lê Nguyên Hạo210GP
Sky SơnTùng208GP
Hoàng Nguyên Vũ205GP
Đức Minh196GP
Nguyễn Thế Bảo177GP- phynit153GP
Hoàng Sơn Tùng151GP
- Dương72GP
Phạm Thanh Tường70GP- Đức Minh38GP
- Hoàng Sơn Tùng34GP
Trần Thọ Đạt28GP- BAN is VBN19GP
Tenten15GP
Hà Linh13GP
hotrongnghia10GP
Lặng Lẽ9GP
- Phạm Thanh Tường28GP
- Dương26GP
- Đức Minh14GP
- hotrongnghia9GP
Azue7GP- Trần Thọ Đạt6GP
- Hoàng Sơn Tùng6GP
- Lặng Lẽ6GP
Tú Hà Đức6GP- Tenten5GP
Có thể bạn quan tâm
1/ Vị trí vân sáng bậc 2 của ánh sáng đỏ là:
\(x_{2\left(đ\right)}=k\dfrac{\lambda_đD}{a}=2.\dfrac{0,76.10^{-6}.2}{0,5.10^{-3}}=6,08.10^{-3}\left(m\right)\)
Vị trí vân sáng bậc 4 của ánh sáng lục là:
\(x_{4\left(l\right)}=k.\dfrac{\lambda_l.D}{a}=4.\dfrac{0,5.10^{-6}.2}{0,5.10^{-3}}=8.10^{-3}\left(m\right)\)
Chiều rộng của phổ vân giao thoa từ vân ánh sáng bậc 2 của ánh sáng đỏ có λ1 = 0,76 πm đến vân sáng bậc 4 của ánh sáng lục có λ2=0,50πm là:
\(x_{4\left(l\right)}-x_{2\left(đ\right)}=8.10^{-3}-6,08.10^{-3}=1,92.10^{-3}\left(m\right)=1,92\left(mm\right)\)
2/ Vị trí của vân sáng bậc 5 của ánh sáng lục là:
\(x_{5\left(l\right)}=k.\dfrac{\lambda_l.D}{a}=5.\dfrac{0,5.10^{-6}.2}{0,5.10^{-3}}=10.10^{-3}\left(m\right)\)
Ánh sáng đơn sắc cho vân sáng tại vị trí \(x_{5\left(l\right)}\):
Ta có: \(\lambda=\dfrac{a.x_{5\left(l\right)}}{kD}=\dfrac{0,5.10^{-3}.0,01}{k.2}=\dfrac{2,5.10^{-6}}{k}\)
Mà ta có: \(\lambda_l\le\lambda\le\lambda_đ\)
\(\Leftrightarrow0,5.10^{-6}\le\dfrac{2,5.10^{-6}}{k}\le0,76.10^{-6}\)
\(\Leftrightarrow5\ge k\ge3,29\)
\(\Rightarrow k=4;5\)
Tương tự cho vân tối.
3/ Bề rộng của quang phổ bậc 2 thu được là:
\(\Delta x_2=x_{2\left(đ\right)}-x_{2\left(l\right)}=k.\dfrac{\lambda_đ.D}{a}-k.\dfrac{\lambda_l.D}{a}=2.\dfrac{0,76.10^{-6}.2}{0,5.10^{-3}}-2.\dfrac{0,5.10^{-6}.2}{0,5.10^{-3}}=2,08.10^{-3}\left(m\right)=2,08\left(mm\right)\)
PS: Câu 3 tính bề rộng quang phổ bác không cho bước sóng của ánh sáng tím nên t tính từ đỏ tới lục thôi nhé. Sai bác chịu t vô tội.