Chương V. Dẫn xuất của Hiđrocacbon. Polime - Hỏi đáp

(-C₆H₁₀O₅-)_n^{\(+nH_2O\overset{t^0}{\rightarrow}nC_6H_{12}O_6\)}

C₆H₁₂O₆\(\overset{t^0}{\rightarrow}2C_2H_5OH+2CO_2\)

\(\rightarrow\)(-C₆H₁₀O₅-)_n^{\(\overset{t^0}{\rightarrow}2nC_2H_5OH+2nCO_2\)}

-Cứ 162n gam tinh bột tạo ra 92n gam rượu etylic

Vậy 10⁶ gam tinh bột tạo ra x gam rượu etylic

x=\(\dfrac{10^6.92}{162}gam\)

Vì gạo có 80% tinh bột và hiệu suất quá trình là 60% nên:

\(V_{C_2H_5OH}=\dfrac{10^6\dfrac{92}{162}}{0,8}.\dfrac{80}{100}.\dfrac{60}{100}\approx0,34.10^6ml=0,34m^3\)

Gọi CTPT của H-C là: CnH2n+2-2k

CnH2n+2-2k + kH2 → CnH2n+2

0,1 ← 0,1k ← 0,1 (mol)

nCnH2n+2 = nH2O – nCO2 = 0,3 – 0,2 = 0,1 (mol)

=> CTPT của Y là C2H6

Vì khối lượng trước phản ứng và sau phản ứng không thay đổi

Vậy CTPT của X là: C2H2

\(Ag_2O+2HNO_3\rightarrow2AgNO_3+H_2O\)

..0,1.................................0,2....................

\(3Cu+8HNO_3\rightarrow3Cu\left(NO_3\right)_2+2NO+4H_2O\)

.0,2................................0,2.......................................

Ta có : \(a=m_{Ag\left(NO\right)_3}+m_{Cu\left(NO_3\right)_2}=0,2.188+0,2.170=71,6\left(g\right)\)

Bạn xem lại thử đề có thiếu không nha !!

Là Botulinum

Botulinum là một protein và là một độc tố thần kinh do vi khuẩn Clostridium botulinum tạo ra. Nó có công thức phân tử là C₆₇₆₀ H₁₀₄₄₇ N₁₇₄₃ O₂₀₁₀ S₃₂. Nó là chất độc gây chết người mạnh nhất từng được biết, với liều gây chết trung bình (LD50) ở người khoảng 1,3-2,1 ng/kg tiêm tĩnh mạch hoặc tiêm bắp và 10-13 ng/kg khi hít vào. Botulinum có thể gây ngộ độc thịt, một căn bệnh nghiêm trọng đe dọa tính mạng của con người và động vật. Ba botulinum loại A (Botox, Dysport và Xeomin) và một botulinum loại B (Myobloc) có mặt trong nhiều loại sản phẩm y tế và mỹ phẩm thương mại khác nhau.

BotuniumToxin, là côngthứccủaC6760 H10447 N1743 O2010 S32 bạn nhé !

PT: \(R+Cu\left(NO_3\right)_2\rightarrow R\left(NO_3\right)_2+Cu\)

Do B tác dụng với HCl dư thu được khí H₂ nên R dư.

⇒ Chất rắn B gồm Cu và R dư.

\(R+2HCl\rightarrow RCl_2+H_2\)

Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Cu\left(NO_3\right)_2}=0,348.0,5=0,174\left(mol\right)\\n_{H_2}=\frac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Theo PT: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Cu}=n_{Cu\left(NO_3\right)_2}=0,174\left(mol\right)\\n_{R\left(dư\right)}=n_{H_2}=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow0,174.64+0,05.M_R=12,336\)

\(\Rightarrow M_R=24\left(đvC\right)\)

Vậy: R là Mg.

Bạn tham khảo nhé!

BT O :

2nO2 = 2nCO2 + nH2O

=> nH2O = 1.35*2 - 0.8*2 = 1.1 mol

nH2O > nCO2 => Ankan

Đặt :

CT : CnH2n+2

n / 2n+2 = 0.8 / 2.2

=> n = 2.67

Vì : là hai ankan đồng đẳng liên tiếp

=> CT : C2H6

C3H8

Bài này cô sẽ giải bằng 1 phương pháp mà lớp 9 chưa học. Bởi vì nếu giải bằng cách viết pt sẽ gây rối.

\(n_{CO2}=0,36;n_{OH}=0,5\Rightarrow T=\dfrac{n_{OH}}{n_{CO2}}\approx1,38\)

Sản phẩm tạo thành chứa 2 muối.

\(2OH^-+CO_2\rightarrow CO_3^{2-}+H_2O\)

2x..............x..............x

\(OH^-+CO_2\rightarrow HCO_3^-\)

y...............y..............y

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}2x+y=0,5\\x+y=0,36\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,14\\y=0,22\end{matrix}\right.\)

\(Ba^{2+}+CO_3^{2-}\rightarrow BaCO_3\)

0,15.........0,14

\(\Rightarrow n_{BaCO3}=0,14mol\\ \Rightarrow m_{kettua}=27,58gam\)

Theo de bai ta co:

nCO2=\(\dfrac{8,064}{22,4}=0,36\left(mol\right)\)

nCO2=nCO2(1) + nCO2(2)

nKOH=CM.V=1.0,2=0,2 mol

Ta co pthh

(1) CO2 + 2KOH \(\rightarrow\)K2CO3 + H2O

0,1mol......0,2mol

(2) CO2 + Ba(OH)2 \(\rightarrow\) BaCO3 + H2O

Ta co

nCO2(1) = 0,1 mol

=> nCO2(2)=0,36-0,1=0,26 mol

Ket tua tao ra la BaCO3

Theo pthh 2

nBaCO3=nCO2=0,26 mol

=> mBaCO3=0,26.197=51,22(g)

Vay so gam ket tua tao ra la : 51,22 (g)

a) TN3: Cho B td HCl

pt tạo khí:

Fe + HCl -------> FeCl₂ + H₂

0,05____________________\(_{\leftarrow}\)0,05

Đặt \(n_{FeO}=a;n_{Fe_2O_3}=b\left(mol\right)\)

BTNT.Fe \(\Rightarrow0,05+a+2b=2n_{Fe_2O_3\left(bd\right)}=0,2\left(1\right)\)

TN4: Cho D td NaOH

Do n_NaOH < n_Cl^- => NaOH dư

\(\Rightarrow n_{Fe\left(OH\right)_2}=a+0,05\left(mol\right);n_{Fe\left(OH\right)_3}=2b\left(mol\right)\\ \Rightarrow m_{\downarrow}=90\left(a+0,05\right)+214b=18,34\left(2\right)\)

(1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,13\\b=0,01\end{matrix}\right.\)

Từ đó suy ra 5 khối lượng các chất.

b) TN1: Cho CO td Fe₂O₃

Đặt \(n_{CO}=x;n_{CO_2}=y\left(mol\right)\)

BTNT.C \(\Rightarrow x+y=n_{CO\left(bd\right)}=0,3\left(3\right)\)

BTNT.O \(\Rightarrow n_{CO}+2n_{CO_2}+n_{FeO}+3n_{Fe_2O_3}=3n_{Fe_2O_3\left(bd\right)}+n_{CO\left(bd\right)}\)

\(\Rightarrow x+2y+0,13+0,03=0,3+0,3\left(4\right)\)

(3) và (4) => \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,16\\y=0,14\end{matrix}\right.\)

\(d_{A/k^2}=\frac{0,16\cdot28+0,14\cdot44}{0,3\cdot29}=1,22\)

c) Cho A td Ba(OH)₂

\(n_{BaCO_3}=0,06\left(mol\right)< n_{CO_2}\)

=> Đã có pứ hòa tan ↓

Đặt \(n_{Ba\left(OH\right)_2}=c\left(mol\right)\)

Ba(OH)₂ + CO₂ --------> BaCO₃ + H₂O

c\(_{\rightarrow}\)___________c_____________c

BaCO₃ + CO₂ + H₂O --------> Ba(HCO₃)₂

0,14-c______\(_{\leftarrow}\)0,14-c

\(\Rightarrow n_{BaCO_3\left(con\right)}=c-\left(0,14-c\right)=0,06\\ \Rightarrow c=0,1\Rightarrow C_{M\left(Ba\left(OH\right)_2\right)}=1\left(M\right)\)

TK

mdd NaOH ban đầu = 128 gam

—> mNaOH = 32 gam & nNaOH = 0,8

Vì nCO2 = 0,8 nên ta nhận thấy để hấp thụ tối đa lượng CO2 trên cần đúng 0,8 mol NaOH ban đầu —> NaOH không tác dụng với oxit của X.

Sau khi hấp thụ a gam sản phẩm cháy thì nồng độ NaOH còn lại là 25%.3/4 = 18,75%

—> C%NaOH = 32 / (128 + a) = 18,75%

—> a = 42,667

4X + nO2 —> 2X2On

4,742/X……….. 42,667/(2X + 16n)

—> 4.42,667/(2X + 16n) = 2.4,742/X

Thay n = 1, 2, 3… ta có n = 1 và X = 1 thỏa mãn

Vậy đơn chất X là H2 và sản phẩm là H2

\(n_{NaOH}=0,8\left(mol\right)\)

\(n_{CO2}=n_{NaOH}=0,8\left(mol\right)\)

Số mol của NaOH không thay đổi khi cho oxi X vào

\(\%_{NaOH}=0,25.\frac{3}{4}=0,1875\%\)

\(\Rightarrow m_{dd}=170,6\left(g\right)\)

\(\Rightarrow m_{oxit.X}=42,6\left(g\right)\)

\(\Rightarrow m_{oxit}=42,6-4,741=37,859\left(g\right)\)

\(\Rightarrow n_O=2,37\left(mol\right)\)

\(M_X=\frac{4,741}{2,37.2}=1\)

Nên X là H2

Vậy sản phẩm đốt cháy là H2O

2NaOH + H2SO4 => Na2SO4 + 2H2O

Gọi a,b (M) lần lượt là nồng độ của dd H2SO4, NaOH

TH1:

Số mol NaOH = 3a (mol)

Số mol H2SO4 = 2b (mol)

Có tính kiềm ===> NaOH dư

Theo đề bài, ta có:

3a - 4b = 0.1x5 = 0.5 (1)

TH2:

Số mol NaOH = 2a (mol)

Số mol H2SO4 = 3b (mol)

Có tính axit => H2SO4 dư

Theo đề bài ta có:

-a + 3b = 0.2 x 5 = 1 (2)

Từ (1) và (2) ta suy ra: a = 1.1, b = 0.7

Trích mẫu thử và đánh số thứ tự

Hóa chất phản ứng với NaOH nhưng không tạo kết tủa hay khí là H₂SO₄, hóa chất phản ứng với NaOH tạo kết tủa là MgCl₂

H₂SO₄ + 2NaOH ➝ Na₂SO₄ + 2H₂O

2NaOH + MgCl₂ ➝ Mg(OH)₂ + 2NaCl

Cho H₂SO₄ tác dụng với các chất còn lại, chất phản ứng tạo kết tủa trắng là BaCl₂

H₂SO₄ + BaCl₂➝ BaSO₄ + 2HCl

Cho BaCl₂ tác dụng với các chất còn lại, chất phản ứng tạo kết tủa trắng là Na₂SO₄, còn lại là NaCl

Na₂SO₄ + BaCl₂ ➝ BaSO₄ + 2NaCl