Chương V. Dẫn xuất của Hiđrocacbon. Polime - Hỏi đáp

43,71 gam hỗn hợp: \(\left\{{}\begin{matrix}M_2CO_3:a\left(mol\right)\\MHCO_3:b\left(mol\right)\\MCl:c\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow60\left(a+b\right)+M\left(2a+b+c\right)+b+35,5c=43,71\left(I\right)\)

\(M_2CO_3\left(a\right)+2HCl\left(2a\right)\rightarrow2MCl\left(2a\right)+CO_2\left(a\right)+H_2O\)

\(MHCO_3\left(b\right)+HCl\left(b\right)\rightarrow MCl\left(b\right)+CO_2\left(b\right)+H_2O\)

Dung dịch A: \(\left\{{}\begin{matrix}MCl:2a+b+c\left(mol\right)\\HCl\left(dư\right)\end{matrix}\right.\)

Khí B là \(CO_2:\left(a+b\right)mol\)

\(n_{CO_2}=0,4\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow a+b=0,4\left(II\right)\)

Gọi d là số mol HCl dư

- Phần 1:

\(MCl\left(a+0,5b+0,5c\right)+AgNO_3\rightarrow AgCl\left(a+0,5b+0,5c\right)+MNO_3\)

\(HCl\left(0,5d\right)+AgNO_3\rightarrow AgCl\left(0,5d\right)+HNO_3\)

\(n_{AgCl}=0,48\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow a+0,5b+0,5c+0,5d=0,48\left(III\right)\)

- Phần 2:

Cho phần 2 qua dd KOH thì chỉ có HCl dư tdung

\(HCl\left(0,5d\right)+KOH\left(0,5d\right)\rightarrow KCl\left(0,5d\right)+H_2O\)

\(\Rightarrow0,5d=0,1\)

\(\Rightarrow d=0,2\)

Thay vào (III) => \(a+0,5b+0,5c=0,38\left(IV\right)\)

29,68 gam Muối khan: \(\left\{{}\begin{matrix}MCl:a+0,5b+0,5c\left(mol\right)\\KCl:0,5d=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow M\left(a+0,5b+0,5c\right)+35,5\left(a+0,5b+0,5c\right)+7,45=29,68\)

Thay (IV) vào \(\Leftrightarrow0,38M=8,74\)

\(\Leftrightarrow M=23\left(Na\right)\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}b+35,5c=2,23\\a+b=0,4\\a+0,5b+0,5c=0,38\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,3\\b=0,1\\c=0,06\end{matrix}\right.\)

=> %m mỗi muối

\(\sum n_{HCl}=n_{HCl}\left(pư\right)+n_{HCl}\left(dư\right)=2a+b+d=0,9\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\)V dung dịch HCl.

MCO₃+2HCl\(\rightarrow\)MCl₂+CO₂+H₂O

\(n_{CO_2}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3mol\)

\(n_{HCl}=2.n_{CO_2}=0,6mol\)

\(n_{H_2O}=n_{CO_2}=0,3mol\)

- Áp dụng định luật BTKL:

28,4+0,6.36,5=m_muối+0,3.44+0,3.18

Suy ra m_muối=31,7g

\(C_{M_{HCl}}=\dfrac{n}{V}=\dfrac{0,6}{0,1}=6M\)

Trích các mẫu thử

Cho P.P vào các mẫu thử nhận ra

+NaOH làm P.P hóa đỏ

+Còn lại ko làm P.P đổi màu

Cho dd NaOH vào các dd còn lại nhận ra

+MgCl₂ tác dụng với NaOH tạo kết tủa

+Còn lại ko cso hiện tượng

Cho dd NaOH có chứa 1 ít P.P vào 3 dd còn lại dư nhận ra

+H₂SO₄ làm mất màu của P.P trong dd NaOH.

Cho dd H₂SO₄ vào 2 dd còn lại nhận ra BaCl₂ tác dụng với H₂SO₄ có kết tủa trắng,còn NaCl ko PƯ

Bạn tự viết PTHH nhé

Mg + HCl = MgCl2 + H2

a                               a

Fe + HCl = FeCl2 + H2

b                               b

Zn + HCl = ZnCl2 + H2

c                              c

Gọi a,b,c lần lượt là số mol Mg,Fe,Zn. Theo đề bài VH2 do sắt tạo ra gấp 2 lần thể tích H2 do Mg tạo ra. Do đó b = 2a

Số mol khí H2 là : nH2 = 17,92/22,4 = 0,8

Ta có : \(\begin{cases}24a+56b+65c\\a+b+c\\b=2a\end{cases}\) \(\Rightarrow\begin{cases}a=0,1\left(mol\right)\\b=0,2\left(mol\right)\\c=0,5\left(mol\right)\end{cases}\)

Thành phần % khối lượng mỗi kim loại là :

\(\%Mg=\frac{0,1.24.100}{46,1}=5,2\%\)

\(\%Fe=\frac{0,2.56.100}{46,1}=24,3\%\)

\(\%Zn=\frac{0,5.65.100}{46,1}=70,5\%\)

P1: \(n_{H_2}=0,08\left(mol\right)\)

\(2A+2nHCl-->2ACl_n+nH_2\)

x....................................................xn/2

\(2B+2mHCl-->2BCl_m+mH_2\)

y........................................................ym/2

\(\dfrac{xn}{2}+\dfrac{ym}{2}=0,08\Rightarrow ym+xn=0,16\left(1\right)\)

Phần 2

Vì sau phản ứng còn lại 1 chất rắn không tan nên nếu A tan thì B k tan

\(n_{H_2}=0,06\left(mol\right)\)

\(A+\left(4-n\right)NaOH+\left(n-2\right)H_2O-->Na_{4-n}AO_2+\dfrac{n}{2}H_2\)

x.................................................................................................xn/2

\(\dfrac{xn}{2}=0,06=>xn=0,12\left(2\right)\)

Thay (2) vào (1)

\(ym=0,16-0,12=0,04\left(3\right)\)

\(\dfrac{Ax}{By}=\dfrac{9}{4}\left(4\right)\)

Phần 3

\(4A+nO_2-t^0->2A_2O_n\)

x................................x/2

\(4B+mO_2-t^0->2B_2O_m\)

y.................................y/2

\(\dfrac{\left(2A+16n\right)x}{2}+\dfrac{\left(2B+16m\right)y}{2}=2,84\)

\(Ax+8nx+By+8ym=2,84\left(5\right)\)

Thay (1)vào 5

\(Ax+By+8.0,16=2,84\)

\(Ax+By=1,56\left(6\right)\)

Từ (4)(6)

\(\Rightarrow Ax=1,08\) \(By=0,48\)

\(A=\dfrac{1,08}{x}=\dfrac{1,08}{\dfrac{0,12}{n}}=9n\)

Nếu n=1 => A=9(loại)

Nếu n=2=>A=18(loại)

Nếu n=3=>A=27(chọn)

\(B=\dfrac{4,08}{y}=\dfrac{0,48}{\dfrac{0,04}{m}}=12m\)

Nếu m=1=>B=12(loại)

Nếu m=2=>B=24(chọn)

Nếu m=3=>B=36(loại)

Vậy A B lần lượt là Al và Mg

Khối lượng mỗi phần là 1,56(g) ( tính ở trên )

Em chưa học nhưng mà theo em trong dâu tằm có chứa glucozơ (C₆H₁₂O₆) khi ngâm dâu với đường ở nhiệt độ thích hợp (30-35^oC) thì hỗn hợp glucozo sẽ lên men chuyển dần thành rượu etylic nên có mùi của rượu ạ

\(PTHH:C_6H_{12}O_6\xrightarrow[30-35^oC]{men-ruou}2C_2H_5OH+2CO_2\)

Em nghĩ là ở trong dâu có \(H_2O\) , khi ngâm dâu với đường, đường sẽ bị một số loại vi khuẩn lên men chuyển thành đường glucozo rồi thành Rượu etilic:

PTHH:

\(C_{12}H_{22}O_{11}+H_2O-->C_6H_{12}O_6\)

\(C_6H_{12}O_6-->2C_2H_5OH+2CO_2\)

Hòa tan 99,8 g CUSO4.5H2O (coi như chỉ có X% là tinh thể nguyên chất) vào 164 ml H2O
mCuSO4 = 99.8 *X* 160/250 = 63.872*X g
mH2O = 164+35.928*X g

làm lạnh tới 10 độ C được 30g CUSO4.5H2O (mất 19.2g CuSO4 và 10.8g H2O)

DD còn lại
mCuSO4 = 63.872*X - 19.2 g
mH2O = 153.2 + 35.928*X g

Độ tan là số g chất tan tan trong 100g H2O

-> (63.872*X - 19.2) / (153.2 + 35.928*X ) = 17.4 / 100
-> X= 0.7958
->Tinh thể lẫn tạp chất trong đó tinh thể nguyên chất chiếm 79.58%

1, PTHH :

(1) S + O₂ --> SO₂

(2) SO₂ + NaOH --> NaHSO₃

(3) SO₂ + 2 NaOH --> Na₂SO₃ + H₂O

Phần I : tác dụng với dung dịch CaCl₂ sinh kết tủa .

=> X có chứa Na₂SO_3.

Phần II tác dụng với dung dịch Ca(OH)₂ sinh nhiều kết tủa hơn.

=> dung dịch X có muối NaHSO₃

(4) Na₂SO₃ + CaCl₂ --> CaSO₃ + 2NaCl

(5) Na₂SO₃ + Ca(OH)₂ -->CaSO₃ + 2NaOH

(6) NaHSO₃ + Ca(OH)₂ --> CaSO₃ + NaOH + H₂O

\(n_S=\dfrac{a}{32}\left(mol\right)\), n_NaOH = 0,2 b ( mol)

Theo bài ra : d > c .

Theo (2),(3), để SO₂ tác dụng với dung dịch NaOH sinh 2 loại muối thì :

\(1< \dfrac{n_{NaOH}}{n_S}< 2\)

\(=>1< \dfrac{6,4b}{a}< 2\)

\(=>3,2b< a< 6,4b\)

...

nNaOH=200x10/100x40=0.5(mol)

NaOH+HCl-->NaCl+H2O

0.5------0.5                         (mol)

=>mHCl=0.5x36.5=18.25(g)

=>mddHCl=18.25x100/3.65=500(g)

b;

đong dd HCl sao cho số mol HCl trong đó là 0,1mol

NaOH + HCl -> NaCl + H₂O

Ba(OH)₂ + 2 HCl -> BaCl₂ + 2H₂O

Theo PTHH ta thấy Ba(OH)₂ dư 0,05 mol;còn NaOH hết

Cho P.P vào 2 dd trên nếu thấy P.P hóa đỏ thì đso là Ba(OH)₂,còn lại NaOH tấc dụng với HCl vừa đủ nên ko làm đổi màu

a;

Cô cạn 2 dd

Sau đó điện phân nóng nảy nếu thấy có kim loại ko tan trong nước thì KL dc tạo ra bằng dd AlCl₃;còn lại NaOH ko bị đpnc