Chương V. Dẫn xuất của Hiđrocacbon. Polime - Hỏi đáp

Gọi công thức là M2On ta có %O = \(\frac{16n}{2M+16n}=\frac{20}{100}\)=> M = 32n

=> n=2;M=64 => Cu => X: CuO => n_CuO = \(\frac{a}{80}\)

m_O = a-b => n_O = n_Cu = \(\frac{a-b}{16}\)(mol) (BTNT Cu)

CuO + HNO₃ → Cu(NO₃₎₂ + H₂O

3Cu + 8HNO₃ → 3Cu(NO₃)₂ +2NO + 4H₂O.

=> n_NO = \(\frac{2}{3}\).\(\frac{a-b}{16}\) mol=> V_NO=...

=> Muối là Cu(NO₃)₂

Dễ thấy n_Cu(NO3)2= \(\frac{3,475a}{64+62\cdot2}=0,0185a\)<n_CuO

mà n_CuO = n_Cu(NO3)2 => Muối Z phải là muối ngậm nước

Gọi CT Z là Cu(NO₃)₂.xH₂O

=> n_Z = n_CuO =>\(\frac{3,475a}{188+18x}=\frac{a}{80}\)

=> x=5 => CT Z: Cu(NO₃)₂.5H₂O

Đổi : 600ml=0,6l
660ml = 0,66 l
AlCl3 + 3NaOH -> Al(OH)3 + 3NaCl (1)
0,2 0,6 0,2
0, 187 0,56
NaOH + Al(OH)3 -> NaAlO2 + 2H2O (2)
0,1 0,1
n NaOH dd 1 = 0,6 x 1 = 0,6 (mol)
Từ phương trình (1)
=> 2a = 0,2 ( mol)
=> a = 0,1 (mol)
n kết tủa bị hòa tan = 2a - a = 0,2 - 0,1 = 0,1 (mol)
Từ phương trình (2)
=> n NaOH hòa tan kết tủa = 0,1 (mol)
=> n NaOH phản ứng với AlCl3 dư = 0,66 - 0,1 =0,56 (mol)
Thay vào phương trình (1)
n AlCl3 = 0,2 + 0,187 = 0,387 (mol)
=> m AlCl3 = 0,387 x 133,5 = 51,62 (g)
=> m = 51,62 (g)

Cho hh Y tác dụng với dd HCl không thu được kết tủa b.

Gọi công thức oxit là R2O3

\(n_{H2SO4}=0,25.0,025=0,00625\left(mol\right)\)

\(n_{HCl}=1.0,025=0,025\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow H=0,00625.2+0,025=0,0375\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{H2O}=\frac{n_H}{2}=0,01875=n_O\)

\(\Rightarrow n_{R2O3}=\frac{n_O}{3}=\frac{0,01875}{3}=0,00625\)

Ta có \(0,00625.\left(2R+16.3\right)=1\)

\(\Rightarrow\) R=56

\(\Rightarrow\)R là Fe

Vậy công thức là Fe2O3

b) Hòa tan mẫu thử từng chất vào nước, chất không tan là tinh bột

Cho dung dịch của 2 chất còn lại vào tác dụng với dung dịch AgNO₃ trong NH₃, chất có phản ứng tráng bạc là glucozơ, chất không phản ứng là saccarozơ

C₆H₁₂O₆ (dd) + Ag₂O $\stackrel{ddN{H}_3}{\to }$ 2Ag + C₆H₁₂O₇

Hòa tan mẫu thử từng chất vào nước, chất không tan là tinh bột

Cho dung dịch của 2 chất còn lại vào tác dụng với dung dịch AgNO₃ trong NH₃, chất có phản ứng tráng bạc là glucozơ, chất không phản ứng là saccarozơ

C₆H₁₂O₆ + Ag₂O 2Ag + C₆H₁₂O₇

1. Fe+2HCl-> FeCl2 + H2 (1)

CuO + 2HCl -> CuCl2 + H2O(2)

a.nH2=0,02(mol)=>nFe=0,02(mol)=> mFe=1,12(g)

=> nHCl(1)=0,04(mol)

nHCl dùng=\(\dfrac{15\cdot14,6}{100}=2,19\left(g\right)\)

=> nHCl=0,06(mol)

=>nHCl(2)=0,02(mol)=> nCuO=0,01(mol)

=> mCuO=0,8(g)

b. mddA=1,12+0,8+15-0,02*2=16,88(g)

mFeCl2=0,02*127=2,54(g)

mCuCl2=0,01*135=1,35(g)

C% FeCl2=\(\dfrac{2,54\cdot100}{16,88}=15,047\%\)

C% CuCl2=\(\dfrac{1,35\cdot100}{16,88}=7,9976\%\)

a) TN3: Cho B td HCl

pt tạo khí:

Fe + HCl -------> FeCl₂ + H₂

0,05____________________\(_{\leftarrow}\)0,05

Đặt \(n_{FeO}=a;n_{Fe_2O_3}=b\left(mol\right)\)

BTNT.Fe \(\Rightarrow0,05+a+2b=2n_{Fe_2O_3\left(bd\right)}=0,2\left(1\right)\)

TN4: Cho D td NaOH

Do n_NaOH < n_Cl^- => NaOH dư

\(\Rightarrow n_{Fe\left(OH\right)_2}=a+0,05\left(mol\right);n_{Fe\left(OH\right)_3}=2b\left(mol\right)\\ \Rightarrow m_{\downarrow}=90\left(a+0,05\right)+214b=18,34\left(2\right)\)

(1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,13\\b=0,01\end{matrix}\right.\)

Từ đó suy ra 5 khối lượng các chất.

b) TN1: Cho CO td Fe₂O₃

Đặt \(n_{CO}=x;n_{CO_2}=y\left(mol\right)\)

BTNT.C \(\Rightarrow x+y=n_{CO\left(bd\right)}=0,3\left(3\right)\)

BTNT.O \(\Rightarrow n_{CO}+2n_{CO_2}+n_{FeO}+3n_{Fe_2O_3}=3n_{Fe_2O_3\left(bd\right)}+n_{CO\left(bd\right)}\)

\(\Rightarrow x+2y+0,13+0,03=0,3+0,3\left(4\right)\)

(3) và (4) => \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,16\\y=0,14\end{matrix}\right.\)

\(d_{A/k^2}=\frac{0,16\cdot28+0,14\cdot44}{0,3\cdot29}=1,22\)

c) Cho A td Ba(OH)₂

\(n_{BaCO_3}=0,06\left(mol\right)< n_{CO_2}\)

=> Đã có pứ hòa tan ↓

Đặt \(n_{Ba\left(OH\right)_2}=c\left(mol\right)\)

Ba(OH)₂ + CO₂ --------> BaCO₃ + H₂O

c\(_{\rightarrow}\)___________c_____________c

BaCO₃ + CO₂ + H₂O --------> Ba(HCO₃)₂

0,14-c______\(_{\leftarrow}\)0,14-c

\(\Rightarrow n_{BaCO_3\left(con\right)}=c-\left(0,14-c\right)=0,06\\ \Rightarrow c=0,1\Rightarrow C_{M\left(Ba\left(OH\right)_2\right)}=1\left(M\right)\)

Công thức kim loại kiềm là A 
--> công thức oxit của nó là AO(0,5) 

Cứ 1 mol A, sau khi chuyển thành AOH thì khối lượng tăng lên 17 gam. 

Còn cứ 1 mol AO(0,5), sau khi chuyển thành AOH thì khối lượng tăng lên là 9 gam. 

Đề bài cho khối lượng AOH nặng hơn khối lượng hỗn hợp là 22,4 - 17,2 = 5,2 gam. 

Nếu hỗn hợp trên chỉ là kim loại thì n A = 5,2/17 = 0,3058823 mol và MA = 17,2/0,3058823 = 56,230778. 

Nếu hỗn hợp trên chỉ là oxit của A thì n AO(0,5) = 5,2/9 = 0,5777777 --> MAO(0,5) = 22,4/0,5777777 = 38,769235 --> MA = 38,769235 - 8 = 30,769235.

30,769235 < MA < 56,230778 --> A là K với M K = 39

Y: NaOH

Z: FeO

Khi dẫn X qua nước chỉ có Na2O phản ứng tạo NaOH tan trong nước, FeO không phản ứng

\(Na_2O+H_2O\rightarrow2NaOH\)

PTHH: \(Ba\left(OH\right)_2+2HNO_3\rightarrow Ba\left(NO_3\right)_2+2H_2O\)

Ta có: \(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,1\cdot0,05=0,005\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{HNO_3}=0,01mol\) \(\Rightarrow C_{M_{HNO_3}}=\frac{0,01}{0,4}=0,025\left(M\right)\)

Zn + 2HCl ---> ZnCl2 + H2;

a.ta có: nZn= 6,5/65=0,1 (mol);

=> nZnCl2=0,1 (mol); => nH2= 0,1(mol)

=> V= 0,1*22,4=2,24;

m= 0,1*136=13,6(g).

b. ta có nHCl= 0,1*2= 0,2 (mol);

=> mHCl= 0,2*36,5=7,3(g)

=> C% HCl=7,3*100/200=3,65%

CuO +2HCl= CuCl2 +H2O
ZnO+2HCl= ZnCl2 +H2O
gọi x,y là mol của CuO, ZnO
80x + 81y = 12.1
2x+2y = 0.3
=> x=0.05 , y=0.1 => mCuO= 4 %CuO=4/12.1 m ZnO=8.1 =>%ZnO=8.1/12.1
nH2SO4=1/2nHCl=0.3/2 =0.15
mH2SO4=0.15x98=14.7g => mddH2SO4=14.7/20%=73.5g

dung dịch HCl 0,2M chứ bạn

a) \({Fe_3O_4}+4{H_2}\)→\(3Fe+4{H_2O}\)

\(CuO+H_2\)→\(Cu+H_2O\)

\({Fe_3O_4}+8HCl\)→\({FeCl_2}+2{FeCl_3}+4H_2O\)

\(CuO+2HCl\)→\({CuCl_2}+H_2O\)

\(MgO+2HCl\)→\({MgCl_2}+H_2O\)

b)Gọi số mol \({Fe_3O_4}\),\(MgO,CuO\) trong 51,2g X là x,y,z

\(m_X=232x+40y+80z=51,2(g) (1)\)

Theo PT: \(n_{Fe}=3n_{Fe_3O_4}=3x(mol)\)

\(n_{Cu}=n_{CuO}=z(mol)\)

Chất rắn sau phản ứng gồm Fe,MgO,Cu

\(m_{rắn}=3x.56+40y+64z=41,6(g) \) (2)

0,15 mol X gấp a lần 51,2g X

→Trong 0,15 mol X có ax mol \({Fe_3O_4}\) ,ay mol MgO,az mol CuO

→ax+ay+az=0,15 (3)

\(n_{HCl}=0,225.2=0,045(mol) \)

Theo PTHH: \(n_{HCl}=8n_{Fe_3O_4}+2n_{MgO}+2n_{CuO}\)

→8ax+2ay+2az=0,45 (4)

Chia (4) cho (3) ta được: \(\dfrac{8x+2y+2z}{x+y+z}=3\)

→\(5x-y-z=0 \) (5)

Từ (1);(2);(5)→x=0,1;y=0,3;z=0,2

%\(n_{Fe_3O_4}=\dfrac{0,1}{0,1+0,3+0,2}.100=16,67\)%

%\(n_{MgO}=\dfrac{0,3}{0,1+0,3+0,2}.100=50\)%

%\(n_{CuO}=\)100%-16,67%-50%=33,33%

nNa2O = 0,125 mol

a. Na2O + H2O --------> NaOH

0,125 mol ----------------> 0,125 mol

--> CM(NaOH) n/V = 0,125/ 0,25 = 0,5 M

b. H2SO4 + 2NaOH ------> Na2SO4 + H2O

....0,0625 <---0,125 mol

--> mH2SO4(nguyên chất) = 0,0625*98 = 6,125 g

--> mH2SO4(20%) = 6,125/20% = 30,625 g

suy ra V = m/D = 30,625 / 1,14 = 26,86 ml

nNa2O = 0,125 mol
a. Na2O + H2O --------> NaOH
0,125 mol ----------------> 0,125 mol
--> CM(NaOH) n/V = 0,125/ 0,25 = 0,5 M
b. H2SO4 + 2NaOH ------> Na2SO4 + H2O
....0,0625 <---0,125 mol
--> mH2SO4(nguyên chất) = 0,0625*98 = 6,125 g
--> mH2SO4(20%) = 6,125/20% = 30,625 g
suy ra V = m/D = 30,625 / 1,14 = 26,86 ml