Bài 56. Ôn tập cuối năm

\(n_{CuSO_4}=\dfrac{200.16}{160.100}=0,2mol\)

\(n_{NaOH}=\dfrac{200.10}{40.100}=0,5mol\)

CuSO₄+2NaOH\(\rightarrow\)Cu(OH)₂\(\downarrow\)+Na₂SO₄

-Ta có tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{1}< \dfrac{0,5}{2}\rightarrow\)CuSO₄ hết, NaOH dư.

Cu(OH)₂\(\overset{t^0}{\rightarrow}\)CuO+H₂O

\(n_{CuO}=n_{Cu\left(OH\right)_2}=n_{CuSO_4}=0,2mol\)

a=\(m_{CuO}=0,2.80=16gam\)

\(m_{Cu\left(OH\right)_2}=0,2.98=19,6gam\)

\(n_{NaOH\left(pu\right)}=2n_{CuSO_4}=0,4mol\rightarrow n_{NaOH\left(dư\right)}=0,5-0,4=0,1mol\)

\(m_{NaOH\left(dư\right)}=0,1.40=4gam\)

\(n_{Na_2SO_4}=n_{CuSO_4}=0,2mol\rightarrow m_{Na_2SO_4}=0,2.136=27,2gam\)

\(m_{dd}=200+200-19,6=380,4gam\)

C%_NaOH=\(\dfrac{4.100}{380,4}\approx1,05\%\)

C%Na₂SO₄=\(\dfrac{27,2.100}{380,4}\approx7,15\%\)

2NaCl + 2H₂O \(\underrightarrow{đpddcmn}\)2NaOH + Cl₂ + H₂

Cl₂ + H₂ \(\rightarrow\)2HCl

Fe₂O₃ + 6HCl \(\rightarrow\)2FeCl₃ + 3H₂

2FeCl₃ + Cu \(\rightarrow\)CuCl₂ + 2FeCl₂

Gọi a, b lần lượt là số mol của C2H4 và C2H2 trong hỗn hợp

\(n hỗn hợp =0,15(mol)\)

\(\Rightarrow a+b=0,15\left(I\right)\)

\(C_2H_4\left(a\right)+Br_2\left(a\right)--->C_2H_4Br_2\) \(\left(1\right)\)

\(C_2H_2\left(b\right)+2Br_2\left(2b\right)--->C_2H_2Br_4\) \(\left(2\right)\)

\(n_{Br_2}\left(pứ\right)=0,2\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow a+2b=0,2\left(II\right)\)

Từ (I) và (II) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0,1\\b=0,05\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_4}=66,67\%\\\%V_{C_2H_2}=33,33\%\end{matrix}\right.\)

\(C_2H_4\left(0,1\right)+3O_2\left(0,3\right)-t^o->2CO_2+2H_2O\) \(\left(3\right)\)

\(2C_2H_2\left(0,05\right)+5O_2\left(0,125\right)-t^o->4CO_2+2H_2O\) \(\left(4\right)\)

Theo (3) và (4) \(\sum n_{O_2}=0,425\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{O_2}\left(đktc\right)=9,52\left(l\right)\)

nCH4 = \(\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\)

a) PTHH:

CH4 + 2O2 --to-> CO2 + 2H2O

0,5 --> 1 -------------------> 1

b) VO2 = 1.22,4 = 22,4 (l)

c) mH2O = 1.18 =18 (g)

a, CH₄ + 2O₂ ===> CO₂ + 2H₂O

0,25=============> 0,5

b, theo pt:

n_O2= 2n_CH4= 2*5,6/22,4= 0,5 mol

=> V_O2= 0,5 * 22,4= 11,2 lít

=> V_kk= 11,2 / 20% = 56 lít

c, theo pt:

n_CO2 = n_CH4= 5,6/22,4= 0,25 mol

=> m_CO2=0,25*44=11g

d, pt: Ca(OH)2 + CO2 ==> CaCO3 + H2O (I)

0,25====> 0,25

m_CaCO3=m₂= 0,25*100= 25 g

m₁= m_H2O+m_CO2= 0,5 * 18 + 0,25 * 44 = 20 g

a,

b,ta có:

n_C2H4=8,96/22,4= 0,4 mol

theo pt:

n_Br2=n_C2H4= 0,4 mol

=> C_{M dd Br2}= 0,4/(400/1000)= 1M

c,C2H4Br2: 1,2 dibrometan

theo pt:

n_C2H4Br2=n_C2H4=0,4 mol

=> m_C2H4Br2= 0,4*188= 75,2 g

d, pt:

theo pt:

n_C2H2=n_Br2= 0,4 mol

=> V_C2H2= 0,4 * 22,4 = 8,96 lít

a) Gọi hóa trị của R là n → oxit của R: R₂O_n

R₂O_n      +  2 nHCl     →       2RCl_n      +     nH₂O

\(\frac{5,1}{2R+16n}\)                       →  \(\frac{5,1}{2R+16n}\) = \(\frac{13,35}{R+35,5n}\)

→Rút ra được: R=9n. Chọn n=3; R=Al →CTHH: Al₂O₃

b) n_Al2O3= 0,05 mol

Al₂O₃   +   6HCl  →    2AlCl₃     +    3H₂O

0,05 mol                   0,1 mol

2AlCl₃   +   3Ca(OH)₂  →  2Al(OH)₃↓  +3H₂O

0,1 mol                              0,1 mol

→kết tủa Y: Al(OH)3 →m_Y=m_Al(OH)3= 0,1x78= 7,8 (g)

Câu 1:

Lần lượt cho tác dụng với NaOH

+Nếu sau PƯ tạo ra kết tủa trắng xanh thì đó là FeCl₂

FeCl₂ + 2NaOH\(\rightarrow\)Fe(OH)₂ +2NaCl

+Nesu sau PƯ tạo ra kết tủa nâu đỏ là FeCl₃

FeCl₃ + 3NaOH\(\rightarrow\)Fe(OH)₃ +3NaCl

+Nếu sau PƯ ta ra kết tủa màu xanh lơ thì là CuSO₄

CuSO₄ + 2NaOH \(\rightarrow\)Na₂SO₄ + Cu(OH)₂

+Còn NH₄OH không phản ứng

@@ cạn rồi ......mik làm tương tự 1 câu , mấy câu còn lại bạn tự làm nhé ....... đăng nhiều vầy ....@@

==========================

Câu 2 :

Cho các dung dịch tác dụng vơi nhau ta có bảng :

Từ bảng trên ta thấy :

- Dung dịch có 1 kết tủa trắng là : BaCl₂ và ZnCl₂ (nhóm 1)

- Dung dịch có 1 khí không màu thoát ra là H₂SO₄

- Dung dịch có 2 kết tủa trắng , 1 khí không màu thoát ra là : Na₂SO₃

-------

Lấy H₂SO₄ tác dụng với các dung dịch ở nhóm 1

+ Dung dịch tạo kết tủa trắng là BaCl₂

H₂SO₄ + BaCl₂ -> 2HCl + BaSO₄\(\downarrow\)

+ Dung dịch không có hiện tượng là ZnCl₂

H₂SO₄ + ZnCl₂ -> ZnSO₄ + 2HCl