Bài 38. Axetilen

\(\left\{{}\begin{matrix}C_2H_4:x\left(mol\right)\\C_2H_2:y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)⇒ x + y = \(\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(1\right)\)

\(C_2H_4 + Br_2 \to C_2H_4Br_2\\ C_2H_2 + 2Br_2 \to C_2H_2Br_4\)

Theo PTHH : 

x + 2y = \(\dfrac{64}{160} = 0,4(2)\)

Từ (1)(2) suy ra: x = 0,2 ; y = 0,1

Vậy :

\(\%V_{C_2H_4} = \dfrac{0,2}{0,3}.100\% = 66,67\%\\ \%V_{C_2H_2} = 100\% - 66,67\% = 33,33\%\)

\(n_{CO_2}=0.3\left(mol\right)\)

\(Đặt:n_{C_2H_2}=a\left(mol\right),n_{C_2H_4}=b\left(mol\right)\)

\(n_{Br_2}=\dfrac{64}{160}=0.4\left(mol\right)\)

\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

\(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0.3\\2a+b=0.4\end{matrix}\right.\)

\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0.1\\b=0.2\end{matrix}\right.\)

\(\%V_{C_2H_2}=\dfrac{0.1}{0.3}\cdot100\%=33.33\%\)

\(\%V_{C_2H_4}=66.67\%\)

a)

\(\left\{{}\begin{matrix}V_{C_2H_2}=x\left(ml\right)\\V_{C_2H_4}=y\left(ml\right)\end{matrix}\right.\)⇒ x + y = 50(1)

\(C_2H_2 +\dfrac{5}{2} O_2 \xrightarrow{t^o} 2CO_2 + H_2O\\ C_2H_4 + 3O_2 \xrightarrow{t^o} 2CO_2 + 2H_2O\)

Theo PTHH : 2,5x + 3y = 140(2)

Từ (1)(2) suy ra: x = 20 ; y = 30

Vậy :

\(\%V_{C_2H_2} = \dfrac{20}{50}.100\% = 40\%\\ \%V_{C_2H_4} = 100\% - 40\% = 60\%\)

b)

\(V_{CO_2} = 2V_{C_2H_2} + 2V_{C_2H_4} = 2.50 = 100(ml)\)

hh gồm axetilen và metan nhưng chỉ có axetilen pứ:

\(n_{Br_2}=\frac{32}{160}=0,2\left(mol\right)\)

\(PTHH:C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

(mol)____0,1_______0,2_______0,1__

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_2}=\frac{0,1.22,4}{6,72}.100\%=33,3\left(\%\right)\\\%V_{CH_4}=100-33,3=66,7\left(\%\right)\end{matrix}\right.\)

\(n_{CH_4}=\frac{6,72-2,24}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

\(PTHH:CH_4+Cl_2\underrightarrow{as}CH_3Cl+HCl\)

(mol)____0,2___0,2_________________

\(V_{Cl_2}=0,2.22,4=4,48\left(l\right)\)

\(n_{hh}=\frac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)

\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

Ta có:

\(n_{Br2\left(pư\right)}=\frac{64}{160}=0,4\left(mol\right)\Rightarrow n_{C2H2}=\frac{1}{2}n_{Br2}=0,2\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow n_{CH4}=0,3-0,2=0,1\left(mol\right)\)

Vì % số mol=% thể tích

\(\%V_{CH4}=\frac{0,1}{0,3}=33,33\%\Rightarrow\%V_{C2H2}=66,67\%\)

\(CH_4+Cl_2\rightarrow CH_3Cl+HCl\)

\(\Rightarrow n_{Cl2}=n_{CH4}=0,1\left(mol\right)\Rightarrow V_{Cl2}=0,1.22,4=2,24\left(l\right)\)

toang cả bài kìa :)) số mol Br là 32/160 mà

Bài 1 : Theo đề bài ta có : \(\left\{{}\begin{matrix}nCu=\dfrac{6,4}{64}=0,1\left(mol\right)\\nCH3COOH=\dfrac{120.15}{60.100}=0,3\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(Na+CH3COOH->CH3COONa+\dfrac{1}{2}H2\)

0,2mol....0,2mol.............0,2mol........................0,1mol

H2 + CuO \(-^{t0}->\) Cu + H2O

0,1mol...0,1mol......0,1mol

a) mCuO = 80.0,1 = 8(g)

b) Ta có : nH2(khử CuO) = 0,1(mol) = > nCH3COOH(pư) = 0,2(mol) => nCH3COOH(còn dư) = 0,1(mol)

nồng độ phần trăm dung dịch thu được sau phản ứng là : \(\left\{{}\begin{matrix}C\%CH3COOH\left(dư\right)=\dfrac{0,1.60}{0,2.23+120-0,1.2}.100\approx4,823\%\\C\%CH3COONa=\dfrac{0,2.82}{0,2.23+120-0,1.2}.100\approx13,183\%\end{matrix}\right.\)

Bài 2 : Theo đề bài ta có : nCH3COOH = \(\dfrac{160.15}{60.100}=0,4\left(mol\right)\) ; nCO2 = \(\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\)

PTHH :

Na2CO3 + 2CH3COOH - > 2CH3COONa + CO2\(\uparrow\) + H2O

0,1mol........0,2mol.................0,2mol..............0,1mol....0,1mol

Ta có : nCH3COOH = 2nCO2 => nCH3COOH(pư)=0,2(mol)

=> nCH3COOH(dư)=0,4-0,2=0,2(mol)

a) mNa2CO3 = 106.0,1=10,6(g)

=>\(\left\{{}\begin{matrix}C\%CH3COOH\left(dư\right)=\dfrac{0,2.60}{10,6+160-0,1.44+0,1.18}.100\approx7,143\%\\C\%CH3COONa=\dfrac{0,2.82}{10,6+160-0,1.44+0,1.18}.100\approx9,76\%\end{matrix}\right.\)

bổ sung câu b)

Theo đề ta có : nNaOH = 0,5.0,3=0,15(mol)

Xét tỉ lệ T = \(\dfrac{nNaOH}{nCO2}=\dfrac{0,15}{0,1}=1,5\)

Ta có 1<T<2 => sau pư thu được 2 muối

Gọi nNaOH tham gia vào 2 Pư tạo muối lần lượt là x ,y

PTHH :

2NaOH + CO2 - > Na2CO3 + H2O

xmol.........1/2xmol....1/2xmol

NaOH + CO2 - > NaHCO3

ymol......ymol.......ymol

Ta có HPT : \(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,15\\\dfrac{1}{2}x+y=0,1\end{matrix}\right.< =>x=0,1;y=0,05\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}mNa2CO3=0,05.106=5,3\left(g\right)\\mNaHCO3=0,05.84=8,4\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

Công thức phân tử của hiđrocacbon A là C2H2

n_Br2 = 32: 160 = 0,2 mol

Vì A có 1 lk 3 nên pư vơi Br₂ theo tỷ lệ 1: 2

=> n_A = 0,2/2 = 0,1 mol.

=> M_A = 4: 0,1 = 40 đvC => A là C₃H₄

CTCT: CH \(\equiv\) C - CH₃

n_Br2 = 0,7 mol

Gọi x, y lần lượt là số mol của C₂H₄, C₂H₂ ( x, y > 0 )

C₂H₄ + Br₂ \(\rightarrow\) C₂H₄Br₂

x.............x.............x

C₂H₂ + 2Br₂ \(\rightarrow\) C₂H₂Br₄

y..........2y..............y

Ta có hệ

\(\left\{{}\begin{matrix}22,4x+22,4y=12,88\\x+2y=0,7\end{matrix}\right.\)\(\Rightarrow\) \(\left\{{}\begin{matrix}x=0,45\\y=0,125\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\) V_C2H4 = 0,45.22,4 = 10,08 (l)

\(\Rightarrow\) V_C2H2 = 0,125.22,4 = 2,8 (l)

C2H4+Br2-->C2H4Br2

C2H2+2Br2-->C2H2Br4

a, C₂H₄ + Br₂ ---> C₂H₄Br₂

C₂H₂ + 2Br₂ ---> C₂H₂Br₄

b, n_hh = \(\frac{10,08}{22,4}\) = 0,45 (mol)

n_Br2 = \(\frac{112}{160}\) = 0,7 (mol)

Đặt số mol của C₂H₄ là x, số mol của C₂H₂ là y.

Ta có hệ phương trình:

\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,45\\x+2y=0,7\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,2\\y=0,25\end{matrix}\right.\)

=> m_C2H4 = 0,2.28 = 5,6 (g)

=> m_C2H2 = 0,2.26 = 5,2 (g)

c, V_C2H4 = 0,2.22,4 = 4,48 (l)

=> %V_C2H4 = \(\frac{4,48}{10,08}.100\%\) \(\approx\) 44,4%

=> %V_C2H2 = 55,6%

Sau khi cho nước vào CaC2 , xảy ra pư , cho hh khí thu được qua bình đựng dd NaOH thì tạp chất là khí H2S sẽ bị giữ lại

PTHH :

2NaOH + H2S - > Na2S + 2H2O