Chào các anh chị ạ. em chuẩn bị thi học kì 2 lớp 11 cô giáo có cho đề cương hóa e thì bị ngờ môn này lắm huhu nên nhờ
achi giải hộ e vs ạ, e rất cảm ơn, ai biết thì giúp e ngay vs ạ. e sắp thi rồi huhuhu
Bài tập: Cho 3,1 gam hỗn hợp 2 kim loại Natri và Kali tác dụng vừa đủ với C2H5OH sinh ra 1,12 lít H2(cdktc)
a, Tính % Mna; Mk
b, Viết PTPU 2Na
Mấy bạn cho mình hỏi có phương trình tổng quát hidro cacbon tác dụng Br2 như vầy ko: CxHy + Br2= CxHyBr2x+2-y
Giúp mình với!
Dẫn 3.36 lít hỗn hợp A gồm metan,etilen,propin đi qua AgNO3/NH3(lấy dư) người ta thấy có 2.24 lít khí thoát ra và m(g) kết tủa. Dẫn tiếp 2.24 lít khí thoát ra này đi qua Br2(lấy dư) người ta thấy có 1.12 lít khí không bị hấp thụ ( các khí đo ở ĐKC).Tính m(g) kết tủa.
A + O2 --> CO2 + H2O
nCO2 = \(\dfrac{13,2}{44}\)= 0,3 mol = nC
nH2O = \(\dfrac{5,4}{18}\)= 0,3 mol => nH = 0,3 .2 = 0,6 mol
nO2 = 6,72/22,4 = 0,3 mol
Áp dụng định luật BTKL : mA + mO2 = mCO2 + mH2O
=> mA = 13,2 + 5,4 - 0,3.32 = 9 gam
mC + mH = 0,3.12 + 0,6 = 4,2 < 9
=> Trong A có C ; H và O
mO = mA - mC - mH = 4,8 gam
%mC = \(\dfrac{0,3.12}{9}\).100% = 40% %mH = \(\dfrac{0,6}{9}\).100% = 6,67%
=>%mO = 100 - 40 - 6,67 = 53,33%
b) nO = \(\dfrac{4,8}{16}\)= 0,3 mol
Gọi CTĐGN của A là CxHyOz => x : y : z = nC : nH : nO = 1:2:1
=> CTPT của A có dạng (CH2O)n
MA = 1,0345.29 = 30 g/mol
=> n = 1 và CTPT của A là CH2O
Bài 2 :
nC = nCO2 = \(\dfrac{3,52}{44}\)= 0,08 mol ; nN = 2nN2 = \(\dfrac{0,448.2}{22,4}\)= 0,04 mol
nH = 2nH2O = 0,2 mol
Gọi CTĐGN của A là CxHyNt
=> x : y : t = nC : nH : nN = 2 : 5 : 1
CTPT của A có dạng (C2H5N)n
mà 1,29 gam A có thể tích = 0,96 gam oxi ở cùng đk
=> 1,29 gam A có số mol = 0,96 gam oxi ở cùng đk = \(\dfrac{0,96}{32}\)=0,03 mol
=> MA = \(\dfrac{1,29}{0,03}\)= 43 g/mol
=> (12.2 + 5 + 14)n = 43 <=> n = 1 và A có CTPT là C2H5N
Giả sử CTĐGN của A là CxHyOz
ta có x : y : z = \(\dfrac{mC}{12}\):\(\dfrac{mH}{1}\):\(\dfrac{mO}{16}\)= 0,375 : 0,75 : 0,25 = 3 : 6 : 2
=> CTĐGN của A là C3H6O2 và CTPT của A là (C3H6O2)n
1 lít hơi A có cân nặng 3,304 gam
=> 3,304 gam A có số mol = \(\dfrac{1}{22,4}\)mol ,
<=> MA = \(\dfrac{3,304.22,4}{1}\)g/mol
<=> (12.3 + 6 +16.2).n = 74 => n =1 và A có CTPT là C3H6O2
\(n_C = n_{CO_2} = \dfrac{6,6}{44} = 0,15(mol)\\ n_H = 2n_{H_2O} = 2. \dfrac{3,6}{18} = 0,4(mol)\\ n_O = \dfrac{3-0,15.12-0,4.1}{16} = 0,05(mol)\\ n_X = \dfrac{3}{60} = 0,05(mol)\)
Suy ra:
Số nguyên tử Cacbon = \( \dfrac{n_C}{n_X} = \dfrac{0,15}{0,05} = 3\)
Số nguyên tử Hidro = \( \dfrac{n_H}{n_X} = \dfrac{0,4}{0,05} = 8\)
Số nguyên tử Oxi = \( \dfrac{n_O}{n_X} = \dfrac{0,05}{0,05} = 1\)
Vậy CTHH của X : C3H8O
Hấp thụ hoàn toàn 1,12 lít CO2 (đkc) vào 150 ml dung dịch KOH 1M . Tính khối lượng của nhưng chất có trong dd tan thành
Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=\dfrac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\\n_{KOH}=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\) KOH dư, tạo muối trung hoà
PTHH: \(CO_2+2KOH\rightarrow K_2CO_3+H_2O\)
Theo PTHH: \(n_{K_2CO_3}=0,05\left(mol\right)=n_{KOH\left(dư\right)}\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{K_2CO_3}=0,05\cdot138=6,9\left(g\right)\\m_{KOH}=0,05\cdot56=2,8\left(g\right)\end{matrix}\right.\)
oxi hoá hoàn toàn 7,4 chắc hữu cơ X Ta thu được 6,72 khí C O2 điều kiện tiêu chuẩn và 5,4g h2o biết cùng điều kiện thì thể tích hởi của 7,4g X có cùng thể tích với 3,2 g khí o2
