mach chon song tu điên có điên dung 100 pF và cuận cảm có đô tư cam 1/π^2 micrô H. đê bắt được bươc song tư 12m đến 18m cần ghép tu điên biến thiên. điên dung biến thiên khoảng
mach chon song tu điên có điên dung 100 pF và cuận cảm có đô tư cam 1/π^2 micrô H. đê bắt được bươc song tư 12m đến 18m cần ghép tu điên biến thiên. điên dung biến thiên khoảng
Một bài tương tự nè bạn, tham khảo rồi tìm ra cách làm nha
Hỏi đáp - Trao đổi kiến thức Toán - Vật Lý - Hóa Học - Sinh Học - Học và thi online với HOC24
Trong mạch LC lý tưởng cho tần số góc: ω = 2.104 rad/s, L = 0,5 mH, hiệu điện thế cực đại trên hai bản tụ 10 V. Năng lượng điện từ của mạch dao đông là
A.25 J.
B.2,5 J.
C.2,5 mJ.
D.2,5.10-4 J.
\(\omega = \frac{1}{\sqrt{LC}}=> C = \frac{1}{\omega^2.L}= 5.10^{-6}F.\)
\(W= \frac{1}{2}CU_0^2=2,5.10^{-4}J. \)
Trong mạch dao động LC lí tưởng có một dao động điện từ tự do với tần số riêng f0 = 1 KHz. Năng lượng từ trường trong mạch có giá trị bằng nửa giá trị cực đại của nó sau những khoảng thời gian là
A.1 ms.
B.0,5 ms.
C.0,25 ms.
D.2 ms.
\(T = 1/f = 0,001s.\)
\(W_L = \frac{1}{2}W_{Lmax}=> \frac{1}{2}Li^2= \frac{1}{2}\frac{1}{2}LI_0^2.\)
=> \(i= \pm \frac{I_0}{\sqrt{2}}.\)
Thời gian để năng lượng từ trường lại bằng một nửa giá trị cực đại của nó là
\(\cos \varphi_1 = \frac{I_0/\sqrt{2}}{I_0}= \frac{1}{\sqrt{2}}=> \varphi _1= \frac{\pi}{4}=> \varphi = \frac{\pi}{2}.\)
\(t = \frac{\varphi}{\omega}= \frac{\pi/2}{2\pi/T}= \frac{T}{8}=2,5.10^{-4}s.\)
Mạch dao động LC gồm tụ \(C= 6 \mu F\) và cuộn cảm thuần. Biết giá trị cực đại của điện áp giữa hai đầu tụ điện là\(U_0 = 14V\). Tại thời điểm điện áp giữa hai bản của tụ là \(u = 8V\) năng lượng từ trường trong mạch bằng
A.\(588 \mu J.\)
B.\(396 \mu J.\)
C.\(39,6 \mu J.\)
D.\(58,8\mu J.\)
\(W=W_{Cmax}= W_L+W_C\)
\(=> W_L = W_{Cmax}-W_C= \frac{1}{2}C.(U_0^2-u^2)=3,96.10^{-4}J= 396\mu J.\)
Một mạch dao động LC có điện trở thuần không đáng kể, tụ điện có điện dung 0,05 μF. Dao động điện từ riêng (tự do) của mạch LC với hiệu điện thế cực đại ở hai đầu tụ điện bằng 6 V. Khi hiệu điện thế ở hai đầu tụ điện là 4 V thì năng lượng từ trường trong mạch bằng
A.\(0,4\mu J.\)
B.\(0,5\mu J.\)
C.\(0,9\mu J.\)
D.\(0,1\mu J.\)
\(W= W_{Cmax}=W_C+W_L\)
=> \(W_L = W_{Cmax}-W_C= \frac{1}{2}C.(U_0^2-u^2)= 5.10^{-7}J.\)
khó lắm anh ơi em mới học lớp 6 thui.
một mạch dao động lí tưởng gồm cuộn dây có độ tự cảm L =1.6.10^-4H điện trở R=0,12 và một tụ điện C=8nF để duy trì một hiệu điện thế cực đại Uo=5V trên tụ điện thì cung cấp năng lượng cho mạch bởi một viên pin có năng lượng 100J vs hiệu suất 75%.trong một năm kể cả viên pin đầu tiên ta phải thay pin
A 32 lần
B.31 lần
C 23 lần
D.24 lần
Thoi gian thay 1 pin
Năng lượng pin tiêu hao dùng để bù do mất mát năng lượng do nhiệt, do hiệu suất 75% nên chỉ có 75J được dùng để bù NL nhiệt
Mà công thức nhiệt tỏa ra trong TG t là Q = (R/2).(Uobinhphuong)C/L.t = 75
Thời gian hết một cục pin là t = 10^6(s)
Số viên pin dùng trong 1 năm
N = (365*24*60*60)/10^6 = 31,536 (viên)
Vậy cần 32 viên pin
Chọn A
Tổng công suất của nhà máy thủy điện Hòa Bình là 1920MW. Giả thuyết ta xây dựng một nhà máy điện hạt nhân Ninh Thuận I cũng có công suất ấy, với tuabin có hiệu suất 40% chạy bằng nhiệt do một lò phản ứng hạt nhân sinh ra. Ta dung Urani đã làm giàu 20%( 1kg Urani chứa 20g U235). Hỏi mỗi tháng (30 ngày) nhà máy cần tiêu thụ bao nhiêu kg Urani. Cho biết chỉ có 85% hạt nhân U235 sau khi hấp thụ nơtron thì phân hạch, mỗi phân hạch tỏa năng lượng 200MeV
Mạch dđ LC dđ điều hoà với tần số góc là 1000 rad/s. Tại thời điểm t=0, dòng điện bằng 0.Thời điểm gần nhất mà năng lượng điện trường bằng 4 lần năng lượng từ trường
\(W_{đt}=4W_{tt}\)\(\Leftrightarrow q=\frac{Q_0}{\sqrt{4+1}}=\frac{Q_0}{\sqrt{5}}\)\(\Rightarrow cos\varphi=\frac{1}{\sqrt{5}}\)\(\Rightarrow\varphi\approx63^o26'\)
\(\Rightarrow trong\) thời gian t: \(\varphi\Delta\approx26^033'\)
\(\Rightarrow t=\frac{T}{\frac{\Delta\varphi}{360}}=\frac{2\pi}{1000}\cdot\frac{800}{59}\approx0,0852s\)