Hóa học

Áp dụng sơ đồ đường chéo:

\(\dfrac{V_{dd.H_2SO_4.2,5M}}{V_{dd.H_2SO_4.1M}}=\dfrac{1,5-1}{2,5-1,5}=\dfrac{1}{2}\)

Vậy trộn 2 dd với tỉ lệ thể tích là 1 : 2 thì được dd có nồng độ 1,5M

\(2Fe\left(OH\right)_n+\left(m-n\right)H_2SO_4\rightarrow2Fe\left(OH\right)_m+\left(m-n\right)SO_2+0H_2O\)

Đề đáng lẽ ra sản phẩm phải là \(Fe_2\left(SO_4\right)_3\) bạn nhỉ?

Để khử chua đất, ta phải dùng chất có tính bazo :

$CaO + H_2O \to Ca(OH)_2$

CaO tan trong đất tạo Canxi hidroxit tác dụng với axit

Đáp án A

A

thôi mình làm luôn cho

\(n_{CuO}=\dfrac{24}{80}=0,3\left(mol\right)\)

Đổi : VHCl = 200ml = 0,2 l

\(n_{HCl}=CM.V=2,5.0,2=0,5\left(mol\right)\)

\(CuO+2HCl\rightarrow CuCl_2+H_2O\)

0,25     0,5            0,25      0,25   (mol)

LTL : 0,3 / 1 > 0,5/2 

muối là CuCl₂

=> \(m_{CuCl_2}=0,25.135=33,75\left(g\right)\)

m rắn sau pứ là mCu dư lại

\(n_{Cu\left(dư\right)}=0,3-0,25=0,05\left(mol\right)\)

=> m rắn sau pứ = \(0,05.64=3,2\left(g\right)\)

dd sau pứ là CuCl₂

\(CM_{CuCl_2}=\dfrac{n}{V}=\dfrac{0,25}{0,2}=1,25M\)

=> CuO dư , HCl đủ

câu c tính CM lấy V = 0,2 l đó bạn 

lấy số mol rồi tính thôi

A)

Chất rắn không tan là Cu

$\Rightarrow \%m_{Cu} = \dfrac{3}{21,6}.100\% = 13,8\%$

Gọi $n_{Zn} = a(mol) ; n_{Fe} = b(mol)$
$Zn + H_2SO_4 \to ZnSO_4 + H_2$
$Fe + H_2SO_4 \to FeSO_4 + H_2$

Ta có : 

$n_{H_2} = a + b = 0,3(mol)$
$m_{hh} = 65a + 56b + 3 = 21,6(gam)$
Suy ra a = 0,2 ; b = 0,1

$\%m_{Zn} = \dfrac{0,2.65}{21,6}.100\% = 60,19\%$
$%m_{Fe} = \dfrac{0,1.56}{21,6}.100\% = 26,01\%$

b)

$m_{muối} = m_{ZnSO_4} + m_{FeSO_4} = 0,2.161 + 0,1.152 = 47,4(gam)$
$\%m_{ZnSO_4} = \dfrac{0,2.161}{47,4}.100\% = 67,93\%$

$\%m_{FeSO_4} = 100\% - 67,93\% = 32,07\%$

Bài 8 :

a) $n_{Fe_2O_3} = \dfrac{16}{160} = 0,1(mol)$
$Fe_2O_3 +3 H_2SO_4 \to Fe_2(SO_4)_3 + 3H_2O$

$n_{H_2SO_4} = 3n_{Fe_2O_3} = 0,1.3 = 0,3(mol)$
$m_{H_2SO_4} = 0,3.98 = 29,4(gam)$
b) $m_{dd\ H_2SO_4} = 29,4 : 20\% = 147(gam)$

c) $n_{Fe_2(SO_4)_3} = n_{Fe_2O_3} = 0,1(mol)$
$m_{Fe_2(SO_4)_3} = 0,1.400 = 40(gam)$

Bài 9 : 

a) $n_{Fe(OH)_3} = \dfrac{10,7}{107} = 0,1(mol)$
$FeCl_3 + 3NaOH \to Fe(OH)_3 + 3NaCl$
$n_{FeCl_3} = n_{Fe(OH)_3} = 0,1(mol)$
$m_{FeCl_3} = 0,1.162,5= 16,25(gam)$

b) $n_{NaOH} = 0,1.3 = 0,3(mol)$

$m_{NaOH} = 0,3.40 = 12(gam)$

c) $V_{dd\ NaOH} = 0,1 : 1 = 0,1(lít)$

Bài 10 : 

a) $n_{Mg(OH)_2} = \dfrac{5,8}{58} = 0,1(mol)$

\(MgSO_4+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow Mg\left(OH\right)_2+CaSO_4\)

0,1                      0,1                  0,1                                   (mol)

$m_{MgSO_4}  = 0,1.120 = 12(gam)$

b) $m_{Ca(OH)_2} = 0,1.74 = 7,4(gam)$

c) $m_{dd\ Ca(OH)_2} = 7,4 : 10\% = 74(gam)$

- Đánh STT cho các lọ chứa khí

- Cho mẩu quỳ tím ẩm vào các lọ chứa khí, nếu thấy:

+ Quỳ tím hoá xanh: NH₃ 

\(NH_3+H_2O⇌NH_4OH\)

+ Quỳ tím hoá đỏ: NO₂.

\(4NO_2+O_2+2H_2O\rightarrow4HNO_3\)

+ Quỳ tím hoá hồng: CO₂.

\(CO_2+H_2O⇌H_2CO_3\)

+ Quỳ tím không đổi màu: H₂ 

Đánh STT cho các lọ chứa khí

Khí có màu nâu đỏ là NO₂

Dùng quỳ tím ẩm:

+ quỳ tím ẩm chuyển sang màu xanh : NH₃

+ quỳ tím ẩm chuyển sang màu hơi đỏ :  CO₂  

+ quỳ tím ẩm không đổi màu : H₂

Gọi số mol của Na và Zn lần lượt là x và y 

PTHH :

\(2Na+2HCl\rightarrow2NaCl+H_2\)

x -------- > x --------> x ---->  0,5x  (mol)

\(Zn+2HCl\rightarrow ZnCl_2+H_2\)

y----->  2y  ----->  y ---->  y  (mol)

\(n_{H_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

Ta có hệ pt:

23x + 65y = 11,1

0,5x + y  =  0,2

giải hệ:

ta được :

x = 0,2

y = 0,1

mNa = 23x = 23.0,2 = 4,6(g)

mZn = 65y = 65.0,1 = 6,5 (g)

nHCl = x + 2y = 0,2 + 2.0,1 = 0,4(mol)

=> mHCl = 0,4.36,5 = 14,6(g)

a) CTHH: SX₃

 \(PTK_{SX_3}=40.2=80\left(đvC\right)\)

=> \(NTK_X=16\left(đvC\right)\)

=> X là Oxi (O)

b)

- SO₃ được tạo ra từ nguyên tố S và O

- Trong 1 phân tử SO₃ có 1 nguyên tử S và 3 nguyên tử O

- PTK của SO₃ là 80 đvC

a)

\(\left\{{}\begin{matrix}n_{NaOH}=0,2a\left(mol\right)\\n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,2b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\); \(n_{CO_2}=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{8}{100}=0,08\left(mol\right)\)

TH1: Kết tủa không bị hòa tan

PTHH: \(Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

                 0,08<----0,08<------0,08

            \(2NaOH+CO_2\rightarrow Na_2CO_3+H_2O\)

                 2x<--------x--------->x

             \(Na_2CO_3+CO_2+H_2O\rightarrow2NaHCO_3\)

                   y<----------y------------------>2y

=> x + y + 0,08 = 0,3

=> x + y = 0,22 (1)

dd chứa 2 muối là \(\left\{{}\begin{matrix}Na_2CO_3:x-y\left(mol\right)\\NaHCO_3:2y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> 106(x-y) + 84.2y = 21,12

=> 106x + 62y = 21,12 (2)

(1)(2) => x = 0,17 (mol); y = 0,05 (mol)

Ta có: \(n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,2b=0,08\left(mol\right)\) => b = 0,4

Ta có: \(n_{NaOH}=0,2a=0,34\left(mol\right)\) => a = 1,7 

TH2: Kết tủa bị tan 1 phần

PTHH: \(Ca\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

                0,2b----->0,2b----->0,2b

            \(2NaOH+CO_2\rightarrow Na_2CO_3+H_2O\)

                 0,2a--->0,1a----->0,1a

             \(Na_2CO_3+CO_2+H_2O\rightarrow2NaHCO_3\)

                  0,1a--->0,1a---------------->0,2a

              \(CaCO_3+CO_2+H_2O\rightarrow Ca\left(HCO_3\right)_2\)

                   u-------->u--------------->u

Ta có: \(n_{CaCO_3}=0,2b-u=0,08\) (*)

\(n_{CO_2}=0,2a+0,2b+u=0,3\) (**)

dd sau pư chứa \(\left\{{}\begin{matrix}NaHCO_3:0,2a\left(mol\right)\\Ca\left(HCO_3\right)_2:u\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> 84.0,2a + 162u = 21,12

=> 16,8a + 162u = 21,12 (***)

(*)(**)(***) => a = 5,5; b = -1,8; u = -0,44 (Vô lí)